Tak, ja robiłem tym sposobem -.- \(\displaystyle{ a^4}\) i \(\displaystyle{ a^3}\) sie redukują[/q]TheBill pisze:dalafasta pisze:ktos probowal 7 zrobic na zasadzie y=a[x+2] i pozniej podstawic do rownania okregu?
No dobrze, tylko kogo to interesuje ?Kalaf pisze:To sprawdź arkusz, na pierwszej stronie tematu masz link. Nie wiesz ile jest równe \(\displaystyle{ P(A-B)}\)Koxxx pisze:Tam było do wykazania, że \(\displaystyle{ P(A \cup B')\le 0,3}\)
I to celowo, dlatego, że jak wcześniej pisałem: Same A bez B, czyli P(A\B) oraz wszystko poza A i B, ale będące w omedze jest równe 0,3.
Zapominasz o części wspólnej 
Calfy pisze:Może ktoś jeszcze raz wytłumaczyć zadanie z kombinatoryki?
Bo ja to zrozumiałem w ten sposób, że mamy mieć 2 x 2 i 3 x 3 a resztę cyfr dowolną.
Więc pierwszą dwójkę możemy ustawić na 8 miejscach, drugą na 7, pierwszą trójkę na 6, drugą na 5, trzecią na 4. Zostaje nam 3 miejsca do obsadzenia, więc mamy 3! sposobów ustawienia, i na każde miejsce jest do dyspozycji 7 cyfr, więc suma sumarum mamy:
\(\displaystyle{ 8 \cdot 7 \cdot 6 \cdot 5 \cdot 4 \cdot 3! \cdot 7^{3}}\) liczb?
Nie wiem, jakoś nie mogłem sobie tego ogarnąć.
Sformułowanie zadania było takie, że też bym zrozumiał, że co najmniej dwie dwójki i trzy trójki. Niestety ta wersja jest trudniejsza i Twój wynik chyba jest zły.smigol pisze:jako główną wersję dałem:
\(\displaystyle{ {8 \choose 2} \cdot {6 \choose 3} \cdot 9^3}\), a w nawiasie: jeśli rozumieć jako dokładnie dwie dwójki i dokładnie trzy trójki, to \(\displaystyle{ {8 \choose 2} \cdot {6 \choose 3} \cdot 7^3}\).
W prawdopodobieństwie: \(\displaystyle{ P(A \cap B')=P(A-B)=P(A)-P(A \cap B)=P(A \cup B)-P(B)=P(A \cup B)-0,7 \le 1-0,7=0,3}\).
W równaniu z parametrem: \(\displaystyle{ (0,1) \cup (2,3)}\) czy coś takiego.
Myślę, że możesz liczyć, że potraktują to jako tzw. "błąd nieuwagi" i możesz dostać maksafoox92 pisze:Mam jeszcze pytanie do podstawy.
w tym zadaniu co turysta, : to dobrze wyszło ale zle zapisalem napisałem ze on dziennie przechodzil 4 km przez 28 dni ........ a to odwrotnie
w odpowiedzi dobrze wszyło ale przez nieuwage ;/
mocno punkty poleca?
Tak, chyba \(\displaystyle{ 2a^2-3a-2=0}\)dalafasta pisze:Pamietasz moze jakie Ci rownanie wyszlo?TheBill pisze:Tak, ja robiłem tym sposobem -.- \(\displaystyle{ a^4}\) i \(\displaystyle{ a^3}\) sie redukujądalafasta pisze:ktos probowal 7 zrobic na zasadzie y=a[x+2] i pozniej podstawic do rownania okregu?
jesli potem wszystko dobrze... czemu by nie? może tylko jeden punkt stracisz, gorzej jak uznają że błąd w interpretacji treści zadania :/Traumatic pisze:mam pytanie apropo zadania 11, mianowicie myślicie że jeśli pomyliłem stosunek 6:5 z 5:6 to zabiorą mi wszystkie punkty.. resztę zadań myśle że mam dobrze, tylko tutaj taki głupi błąd..
to jest ciekawe podejście i w sumie powinno przejść..Traumatic pisze: poza tym: czy ktoś robił zadanie 10 tak że narysował sobie w układzie współrzędnych ten czworokąt, i za pomocą współrzędnych wyznaczył proste i wykazał że są one równoległe. myślicie że taki dowód "przejdzie" ?
ale tutaj moim zdaniem bazując na samym rysunku... nie da rady, żaden dowód..Traumatic pisze: i jeszcze jedna rzecz <ostatnia> jeśli chodzi o zadanie 7, narysowałem bardzo dokładny rysunek, odczytałem sobie ładne punkty.. policzyłem dwie proste.. oczywiście napisałem że sprawdzam czy odległosc tych prostych od środka S jest równa r, i ładnie wyszło że tak.
potem zauważyłem że są prostopadłe, więc za pomocą iloczynu skalarnego udowodniłem że jest to kąt prosty <bo wyznaczyłem sobie wektory za pomocą równań ogólnych tych dwóch znalezionych prostych> co o tym myślicie ?
)
Wszystko mam tak samo i widzę, że te odpowiedzi się ciągle powtarzają. Także wstepnie gratuluję stówki:), jakoś gładko poszło, co? Nawet dużo czasu mi zostało (godzinka na sprawdzanie). A tak z ciekawości, zdajecie też fizykę czy już luzik?Kalaf pisze:Się podzielę swoimi.
1. Wychodzi \(\displaystyle{ [(k-1)*k*(k+1)] ^ {2}}\) Czyli 3 kolejne liczby => podzielne przez 6, do kwadratu.
2. Bawiąc się, wymnażając, redukując podaną równość łatwo można dojść do równości \(\displaystyle{ 0=0}\). Jeżeli napiszemy, że wszystkie przekształcenia są równoważne, więc wyjściowa jest także prawdziwa to raczej lajt.
3. \(\displaystyle{ m \in (0;1) \cup (2;3)}\)
4. \(\displaystyle{ x \left\{ \in 0, \frac{ \pi }{4} , \frac{3 \pi }{4} , \frac{5 \pi }{4} , \frac{7 \pi }{4} , 2 \pi\right\}}\)
5. \(\displaystyle{ x_{1}=1}\)
6. \(\displaystyle{ 4 \sqrt{ \frac{7}{3} }}\) Nie bawiłem się w usuwanie niewymierności nigdzie
7. Kąt prosty.
8. \(\displaystyle{ 1}\)
9. \(\displaystyle{ 192080}\)
10. Z twierdzenia o odcinku łączącym środki boków trójkąta (udowodniłem szybko odwrotnym do Talesa na boku, na wszelki wypadek )
11. \(\displaystyle{ 4 \sqrt{ \frac{2}{41} }}\)
12. \(\displaystyle{ P(A \cap B')=P(A)-P(A \cap B). P(A \cap B) \ge 0,6 \Rightarrow P(A \cap B') \le 0,9-0,6=0,3}\)
