Zbieżność szeregu
-
- Użytkownik
- Posty: 245
- Rejestracja: 9 paź 2012, o 22:52
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Gdańsk
- Podziękował: 16 razy
- Pomógł: 1 raz
Zbieżność szeregu
Jak wykazać, że dla dowolnego \(\displaystyle{ p \in [1, \infty)}\) szereg \(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{\infty} \left( \frac{1}{\ln (n+1)}\right)^p}\) jest rozbieżny. Chciałem z kryterium porównawczego, ale ta potęga przeszkadza.
-
- Użytkownik
- Posty: 245
- Rejestracja: 9 paź 2012, o 22:52
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Gdańsk
- Podziękował: 16 razy
- Pomógł: 1 raz
Zbieżność szeregu
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{\infty} \left( \frac{1}{\ln (n+1)}\right)^p = \sum_{n=2}^{\infty} \left( \frac{1}{\ln n}\right)^p}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{\ln 2^n}\right)^p = \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{n \ln 2}\right)^p = \left( \frac{1}{\ln 2}\right) ^2 \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{n}\right)^p}\) i z kryterium Cauchy'ego szereg ten jest rozbieżny.
Dobrze?
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{\ln 2^n}\right)^p = \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{n \ln 2}\right)^p = \left( \frac{1}{\ln 2}\right) ^2 \sum_{n=2}^{\infty}2^n \left( \frac{1}{n}\right)^p}\) i z kryterium Cauchy'ego szereg ten jest rozbieżny.
Dobrze?
- Premislav
- Użytkownik
- Posty: 15688
- Rejestracja: 17 sie 2012, o 13:12
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 196 razy
- Pomógł: 5221 razy
Zbieżność szeregu
W ostatnim przejściu masz literówkę (powinno być \(\displaystyle{ \left(\frac{1}{\ln 2}\right)^{p}}\)), ale to nic nie zmienia.
Poza tym wszystko się zgadza. Tylko nie wiem, czy można uznać za oczywiste, że ciąg \(\displaystyle{ (a_{n})_{n \in \NN}}\) dany równaniem \(\displaystyle{ a_{n}= \left(\frac{1}{\ln n} \right)^{p}}\) jest monotonicznie malejący dla \(\displaystyle{ p \ge 1}\). To już zależy od wymagań Twojego prowadzącego.
Poza tym wszystko się zgadza. Tylko nie wiem, czy można uznać za oczywiste, że ciąg \(\displaystyle{ (a_{n})_{n \in \NN}}\) dany równaniem \(\displaystyle{ a_{n}= \left(\frac{1}{\ln n} \right)^{p}}\) jest monotonicznie malejący dla \(\displaystyle{ p \ge 1}\). To już zależy od wymagań Twojego prowadzącego.