Wielokąty (n>3). Okręgi. Inne figury płaskie. Zadania i twierdzenia z nimi związane. Geometria rzutowa na płaszczyżnie.
-
mol_ksiazkowy
- Użytkownik
- Posty: 11415
- Rejestracja: 9 maja 2006, o 12:35
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 3155 razy
- Pomógł: 748 razy
Post
autor: mol_ksiazkowy »
Jaki to kąt
Wskazać różne metody rozwiązania zadania.
-
Załączniki
-
- kat.JPG (11.14 KiB) Przejrzano 444 razy
-
Janusz Tracz
- Użytkownik
- Posty: 4076
- Rejestracja: 13 sie 2016, o 15:01
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: hrubielowo
- Podziękował: 80 razy
- Pomógł: 1395 razy
Post
autor: Janusz Tracz »
Ukryta treść:
Wystarczy dorysować dwa kwadraty i skorzystać z twierdzenia odwrotnego do tw Pitagorasa by przekonać się, że kąt to
\(\displaystyle{ 45^{\circ}}\).
-
piasek101
- Użytkownik
- Posty: 23496
- Rejestracja: 8 kwie 2008, o 22:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: piaski
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 3264 razy
Post
autor: piasek101 »
- kąt w kwadracie.gif (5.57 KiB) Przejrzano 365 razy
Szukany
\(\displaystyle{ \gamma = \alpha - \beta}\). Z trójkątów prostokątnych z czerwonymi przyprostokątnymi mamy tangensy odejmowanych kątów, zatem też tangensa różnicy.
-
anna_
- Użytkownik
- Posty: 16328
- Rejestracja: 26 lis 2008, o 20:14
- Płeć: Kobieta
- Podziękował: 35 razy
- Pomógł: 3248 razy
Post
autor: anna_ »
Z Pitagorasa
\(\displaystyle{ |AC|=a\sqrt{10}\\
|BC|=|BD|=a\sqrt5\\
|CD|=a\sqrt2}\)
Z twierdzenia cosinusów
\(\displaystyle{ cos\angle CBD=\frac{4}{5}\\
cos\angle ACB=\frac{7\sqrt2}{10}}\)
\(\displaystyle{ sin\angle CBD=\frac{3}{5}\\
sin\angle ACB=\frac{\sqrt2}{10}}\)
\(\displaystyle{ cos\alpha=-cos(180^o-\alpha)=-cos(\angle CBD+\angle ACB)\\
cos\alpha=-\left(\frac{4}{5}\cdot\frac{7\sqrt2}{10}-\frac{3}{5}\cdot\frac{\sqrt2}{10} \right) \\
cos\alpha=\frac{\sqrt2}{2}}\)