liczba permutacji
- waliant
- Użytkownik
- Posty: 1801
- Rejestracja: 9 gru 2010, o 22:16
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: warszawa
- Podziękował: 275 razy
- Pomógł: 183 razy
liczba permutacji
ile jest permutacji zbioru \(\displaystyle{ \left\{ 1,...,n\right\}}\) takich, że żadne dwie sąsiednie liczby nie są parzyste? Jak to się liczy?
- waliant
- Użytkownik
- Posty: 1801
- Rejestracja: 9 gru 2010, o 22:16
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: warszawa
- Podziękował: 275 razy
- Pomógł: 183 razy
liczba permutacji
dla parzystych \(\displaystyle{ n}\) muszą być naprzemiennie parzyste i nieparzyste rozpoczynając od obojętnie której. Czyli ile ich będzie?
-
- Użytkownik
- Posty: 319
- Rejestracja: 6 gru 2011, o 20:54
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 11 razy
- Pomógł: 26 razy
liczba permutacji
Można pomyśleć o tych zadanych ciągach jak o specyficznie "zaplecionych" permutacjach liczb parzystych z tego zbioru i nieparzystych.
Więc tak naprawdę to wystarczy policzyć ile jest takich różnych permutacji mod \(\displaystyle{ 2}\).
Czyli mamy jakieś \(\displaystyle{ k}\) liczb parzystych które tworzą nam \(\displaystyle{ k+1}\) szufladek - przy czym tych \(\displaystyle{ k-1}\) środkowych szufladek nie może być pustych:
_p_p_p_p_p...p_p_
Zostaje nam \(\displaystyle{ 1}\) względnie \(\displaystyle{ 2}\) nierozróżnialne liczby nieparzyste np, które trzeba upchać w \(\displaystyle{ k+1}\) szufladek.
Mam nadzieję, że to ma sens i jest zrozumiałe XD
Więc tak naprawdę to wystarczy policzyć ile jest takich różnych permutacji mod \(\displaystyle{ 2}\).
Czyli mamy jakieś \(\displaystyle{ k}\) liczb parzystych które tworzą nam \(\displaystyle{ k+1}\) szufladek - przy czym tych \(\displaystyle{ k-1}\) środkowych szufladek nie może być pustych:
_p_p_p_p_p...p_p_
Zostaje nam \(\displaystyle{ 1}\) względnie \(\displaystyle{ 2}\) nierozróżnialne liczby nieparzyste np, które trzeba upchać w \(\displaystyle{ k+1}\) szufladek.
Mam nadzieję, że to ma sens i jest zrozumiałe XD
Ostatnio zmieniony 19 cze 2014, o 14:52 przez porfirion, łącznie zmieniany 3 razy.
- waliant
- Użytkownik
- Posty: 1801
- Rejestracja: 9 gru 2010, o 22:16
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: warszawa
- Podziękował: 275 razy
- Pomógł: 183 razy
liczba permutacji
porfirion pisze:
Mam nadzieję, że to ma sens i jest zrozumiałe XD
Nie jest, chyba lepszym sposobem będzie tutaj rozpatrzenie tych przypadków.
-
- Użytkownik
- Posty: 319
- Rejestracja: 6 gru 2011, o 20:54
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 11 razy
- Pomógł: 26 razy
liczba permutacji
Imo wychodzi:
dla \(\displaystyle{ n=2k}\) : \(\displaystyle{ k! \cdot k! {k+1 \choose 1}}\)
dla \(\displaystyle{ n=2k+1}\) : \(\displaystyle{ k!(k+1)!( {k+1 \choose 2}+ {k+1 \choose 1})}\)
Jak będziesz miał swój wynik to napisz :p
dla \(\displaystyle{ n=2k}\) : \(\displaystyle{ k! \cdot k! {k+1 \choose 1}}\)
dla \(\displaystyle{ n=2k+1}\) : \(\displaystyle{ k!(k+1)!( {k+1 \choose 2}+ {k+1 \choose 1})}\)
Jak będziesz miał swój wynik to napisz :p
Ostatnio zmieniony 19 cze 2014, o 14:52 przez porfirion, łącznie zmieniany 1 raz.
-
- Użytkownik
- Posty: 319
- Rejestracja: 6 gru 2011, o 20:54
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 11 razy
- Pomógł: 26 razy
liczba permutacji
Poprzednio się pomyliłem w odejmowaniu...
Możemy sobie pomyśleć, że cała informacja o tym jak wygląda taka konkretna permutacja jest zawarta w dwóch rzeczach:
1) jak wygląda ta permutacja mod \(\displaystyle{ 2}\), czyli dla permutacji \(\displaystyle{ 1,2,3,4,5}\) mamy
\(\displaystyle{ 1,0,1,0,1}\)
2) jakie dwa ciągi byśmy dostali gdybyśmy rozważali same podciągi zawierające same liczby parzyste i same nieparzyste. Np: z \(\displaystyle{ 1,2,3,4,5}\) mamy \(\displaystyle{ 1,3,5}\) i \(\displaystyle{ 2,4}\)
Oba podciągi z 2) to zwykłe permutacje skąd człon \(\displaystyle{ (k+1)!k! \vee k!k!}\) zależnie od parzystości \(\displaystyle{ n}\)
Czyli wystarczy się zastanowić jak wygląda ten 0/1-kowy ciąg z 1).-- 19 cze 2014, o 14:04 --
Możemy sobie pomyśleć, że cała informacja o tym jak wygląda taka konkretna permutacja jest zawarta w dwóch rzeczach:
1) jak wygląda ta permutacja mod \(\displaystyle{ 2}\), czyli dla permutacji \(\displaystyle{ 1,2,3,4,5}\) mamy
\(\displaystyle{ 1,0,1,0,1}\)
2) jakie dwa ciągi byśmy dostali gdybyśmy rozważali same podciągi zawierające same liczby parzyste i same nieparzyste. Np: z \(\displaystyle{ 1,2,3,4,5}\) mamy \(\displaystyle{ 1,3,5}\) i \(\displaystyle{ 2,4}\)
Oba podciągi z 2) to zwykłe permutacje skąd człon \(\displaystyle{ (k+1)!k! \vee k!k!}\) zależnie od parzystości \(\displaystyle{ n}\)
Czyli wystarczy się zastanowić jak wygląda ten 0/1-kowy ciąg z 1).-- 19 cze 2014, o 14:04 --
No właśnie nie, bo może być : \(\displaystyle{ 2,1,3,4}\)waliant pisze:dla parzystych \(\displaystyle{ n}\) muszą być naprzemiennie parzyste i nieparzyste rozpoczynając od obojętnie której. Czyli ile ich będzie?