udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
Są 3 zbiory: A liczący \(\displaystyle{ N_{A}}\) elementów, B liczący \(\displaystyle{ N_{B}}\) elementow i C liczacy \(\displaystyle{ N_{C}}\) elementow.
Istnieje \(\displaystyle{ K}\) klastrów (kubeczków, wiader, pojemników itp.). Załóżmy, że w klastrze pierwszym \(\displaystyle{ k_{1}}\) znajduje się \(\displaystyle{ n_{Ak1}}\) elementow zbioru A, w klastrze drugim \(\displaystyle{ k_{2}}\) znajduje się \(\displaystyle{ n_{Ak2}}\) elementow zbioru A itd. Podobnie z B.
Dana jest metryka postaci:
\(\displaystyle{ d(A,B)= \frac{1}{2} \sum_{k=1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
gdzie
\(\displaystyle{ d(A,B)}\) jest odległością między zbiorami A i B. Oczywiście \(\displaystyle{ 0\le d(A,B) \le 1}\)
\(\displaystyle{ n_{Ak}}\) jest liczbą elementów zbioru A w klastrze \(\displaystyle{ k}\)
\(\displaystyle{ n_{Bk}}\) jest liczbą elementów zbioru B w klastrze \(\displaystyle{ k}\)
Udowodnij, że metryka ta spełnia tzw. warunek trójkąta, czyli, ze jest prawdą, że
\(\displaystyle{ d(A,B) \le d(A,C)+d(B,C)}\) dla dowolnego \(\displaystyle{ k \ge 2}\)
Istnieje \(\displaystyle{ K}\) klastrów (kubeczków, wiader, pojemników itp.). Załóżmy, że w klastrze pierwszym \(\displaystyle{ k_{1}}\) znajduje się \(\displaystyle{ n_{Ak1}}\) elementow zbioru A, w klastrze drugim \(\displaystyle{ k_{2}}\) znajduje się \(\displaystyle{ n_{Ak2}}\) elementow zbioru A itd. Podobnie z B.
Dana jest metryka postaci:
\(\displaystyle{ d(A,B)= \frac{1}{2} \sum_{k=1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
gdzie
\(\displaystyle{ d(A,B)}\) jest odległością między zbiorami A i B. Oczywiście \(\displaystyle{ 0\le d(A,B) \le 1}\)
\(\displaystyle{ n_{Ak}}\) jest liczbą elementów zbioru A w klastrze \(\displaystyle{ k}\)
\(\displaystyle{ n_{Bk}}\) jest liczbą elementów zbioru B w klastrze \(\displaystyle{ k}\)
Udowodnij, że metryka ta spełnia tzw. warunek trójkąta, czyli, ze jest prawdą, że
\(\displaystyle{ d(A,B) \le d(A,C)+d(B,C)}\) dla dowolnego \(\displaystyle{ k \ge 2}\)
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
próbowałeś standardowo:
\(\displaystyle{ | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|=| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}+\frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}| \leq | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+|\frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
i teraz wysumować to stronami do K?
ciekawy pomysł, gdzie się takie rzeczy robi?
\(\displaystyle{ | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|=| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}+\frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}| \leq | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+|\frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
i teraz wysumować to stronami do K?
ciekawy pomysł, gdzie się takie rzeczy robi?
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
To jest metryka którą wymyśliłem do badań nad strukturą genetyczną bakterii
Bardzo chciałbym to udowodnić ale nie umiem. Umiem dla k=2 ale na więcej k już nie.
A takie rzeczy robi sie na Uniwersytecie Wroclawskim
Jestem przekonany że nierówność trójkąta jest spełniona bo próbowałem Solverem w Excelu by spróbował znaleźć takie proporcje dla k=5 by nie była spełniona ale nie znalazł. Tylko, że to nie jest dowód.
Bardzo chciałbym to udowodnić ale nie umiem. Umiem dla k=2 ale na więcej k już nie.
A takie rzeczy robi sie na Uniwersytecie Wroclawskim
Jestem przekonany że nierówność trójkąta jest spełniona bo próbowałem Solverem w Excelu by spróbował znaleźć takie proporcje dla k=5 by nie była spełniona ale nie znalazł. Tylko, że to nie jest dowód.
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
dla dowolnego 1<=k<=K jest tak:
\(\displaystyle{ | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|\leq | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
sumujemy od 1 do K:
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|\leq \sum_{1}^{K}(| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|)= \sum_{1}^{K}|\frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+\sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
gdzieś robię błąd?
\(\displaystyle{ | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|\leq | \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
sumujemy od 1 do K:
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|\leq \sum_{1}^{K}(| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|)= \sum_{1}^{K}|\frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+\sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
gdzieś robię błąd?
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
Nie widze tu błędu. Ale czy widać z tego, że nierówność musi być spełniona? Przyznam sie, że bardziej przemawiałby do mnie dowód "nie wprost", tzn. założyć, że nierówność nie jest spełniona i doprowadzić tym samym do sprzeczności, wykazująć, ze musi być spełniona. Ogólnie, przyjąć na chwilę, że
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ak} }{N _{A} } - \frac{n _{Bk} }{ N_{B} }| > \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ak} }{N _{A} } - \frac{n _{Ck} }{ N_{C} }| + \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ck} }{N _{C} } - \frac{n _{Bk} }{ N_{B} }|}\)
i wykazać, że dochodzi się do absurdu. Co o tym sądzisz? Ja tego nie umiem zrobić, bo albo to jest za trudne albo tak proste, ze tego nie widzę.
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ak} }{N _{A} } - \frac{n _{Bk} }{ N_{B} }| > \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ak} }{N _{A} } - \frac{n _{Ck} }{ N_{C} }| + \sum_{1}^{K}| \frac{ n_{Ck} }{N _{C} } - \frac{n _{Bk} }{ N_{B} }|}\)
i wykazać, że dochodzi się do absurdu. Co o tym sądzisz? Ja tego nie umiem zrobić, bo albo to jest za trudne albo tak proste, ze tego nie widzę.
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
nie rozumiem z czym masz problem - pewnie czegoś nie dostrzegam. dla porządku podsumuję Twoje rozumowanie.
a) w pewnej rodzinie zbiorów skończonych definiujemy funkcję d podanym przez Ciebie wzorem. chcemy pokazać, że jest to metryka
b) musimy pokazać, że funkcja spełnia warunki: 1) d(A,B)>= 0; 2) d(A,B)=0<=> A=B; 3) d(A,B)=d(B,A); 4) nierówność trójkąta.
dowód: 1, 3 - oczywiste. 4) uzasadniłem. 2) ? jeżeli gdzieś jest problem, to tu właśnie. można chyba wyobrazić sobie dwa różne zbiory, które z każdym klastrem mają tyle samo wspólnych elementów? wtedy 2) zawodzi.
a) w pewnej rodzinie zbiorów skończonych definiujemy funkcję d podanym przez Ciebie wzorem. chcemy pokazać, że jest to metryka
b) musimy pokazać, że funkcja spełnia warunki: 1) d(A,B)>= 0; 2) d(A,B)=0<=> A=B; 3) d(A,B)=d(B,A); 4) nierówność trójkąta.
dowód: 1, 3 - oczywiste. 4) uzasadniłem. 2) ? jeżeli gdzieś jest problem, to tu właśnie. można chyba wyobrazić sobie dwa różne zbiory, które z każdym klastrem mają tyle samo wspólnych elementów? wtedy 2) zawodzi.
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
To wszystko wiem. Chodzi o 4). Mówisz, że dowiodles i pewnie tak, ale nie rozumiem dlaczego dowiodłeś. Po tym rozpisaniu sumami wg. Ciebie widać to, a ja nie widzę. Tu mam problem. Jak byś mi pokazał, ten rozpis i powiedział ze nierówność nie jest spełniona to bym też Ci uwierzył, bo nie dostrzegam gdzie tu jest dowód na to, że tak musi być. Dlaczego tak musi być, że ta nierówność jest spełniona??
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
jeszcze raz - jak pokazałem wyżej, dochodzimy do nierówności
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}| \leq \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
mnożymy stronami przez 1/2 i otrzymujemy:
\(\displaystyle{ d(A,B)\leq d(A,C)+d(C,B)}\), czyli warunek trójkąta.
\(\displaystyle{ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}| \leq \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ak}}{N_{A}}- \frac{n_{Ck}}{N_{C}}|+ \sum_{1}^{K}| \frac{n_{Ck}}{N_{C}}- \frac{n_{Bk}}{N_{B}}|}\)
mnożymy stronami przez 1/2 i otrzymujemy:
\(\displaystyle{ d(A,B)\leq d(A,C)+d(C,B)}\), czyli warunek trójkąta.
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
Przykro mi ale to nie jest dowód. Napisałeś to samo na dwa różne sposoby. Trzeba wykazać, że ta nierówność nie może być fałszywa (czyli musi być prawdziwa). To znaczy, ze nie da sie znależć takiego rozkładu elementów zbiorów A, B i C w K klastrach aby nierówność nie była spełniona.
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
po raz ostatni, bo najwyraźniej czegoś nie rozumiem: masz K zbiorów nazywanych klastrami. bierzesz dowolne dwa zbiory A i B. dla każdego klastra wyznaczasz różnice jego "istotności" dla poszczególnych zbiorów. sumujesz te różnice.kadykianus pisze:(...) Trzeba wykazać, że ta nierówność nie może być fałszywa (czyli musi być prawdziwa). To znaczy, ze nie da sie znależć takiego rozkładu elementów zbiorów A, B i C w K klastrach aby nierówność nie była spełniona.
jeżeli tak właśnie jest, to przedstawione przeze mnie "rachunki" są dowodem - to prosta konsekwencja nierówności trójkąta.
natomiast wątpię, by udało się pokazać warunek identyczności: d(A,B)=0<=> A=B.
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 17 paź 2007, o 19:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: wroclaw
- Pomógł: 15 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
Nie chce wykazywać identyczności tylko nierówność trójkąta. Ma być dowód. Wiem, ze rozumiesz jak działa ta metryka bo to widać po rachunkach i gadce, ale trzeba udowodnić. Ja napisałem te nierówność symbolicznie, w stylu \(\displaystyle{ d(A,B)}\) a Ty to samo napisałeś wzorami jawnymi, po czym z powrotem w stylu \(\displaystyle{ d(A,B)}\). Innymi słowy, wyszedleś od nierówności i do niej doszedleś a to nie jest dowód. Trzeba te nierówność dopiero udowodnić a nie zapisać pod inna postacią i wrócić do zapisu pierwszego. To dlatego sugerowałem, aby pokazać, co się dzieje gdyby założyć, że nie jest ona prawdziwa. Doprowadzając do sprzeczności mozna jednoznacznie dowieść, że nie może byc ona nieprawdziwa, czyli musi być prawdziwa, co należało dowieść. Tak to powinno wyglądać.
- klaustrofob
- Użytkownik
- Posty: 1984
- Rejestracja: 11 lis 2007, o 07:29
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: inowrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 607 razy
udowodnij ze ta metryka spelnia warunek trójkąta
to jest właśnie siła formalizmu - jeżeli obiekty spełniają pewne warunki, to niezależnie od ich natury, muszą spełniać inne, które z tych pierwszych wynikają. iloczyn skalarny wektorów spełnia nierówność Schwarza niezależnie od tego, czym ze "swej natury" są wektory: funkcjami, n-kami liczb rzeczywistych, strzałkami...
jedyne, od czego wyszedłem w dowodzie, to definicja "metryki" - wykorzystując nierówność trójkąta dla wartości bezwzględnej udowodniłem, że i ta "metryka" spełnia nierówność trójkąta. zresztą - popytaj któregokolwiek z matematyków na UWr. Zresztą, o ile zdołałem się zorientować, jest tu Jan Kraszewski z UWr - zapytaj Go na priwa.
jedyne, od czego wyszedłem w dowodzie, to definicja "metryki" - wykorzystując nierówność trójkąta dla wartości bezwzględnej udowodniłem, że i ta "metryka" spełnia nierówność trójkąta. zresztą - popytaj któregokolwiek z matematyków na UWr. Zresztą, o ile zdołałem się zorientować, jest tu Jan Kraszewski z UWr - zapytaj Go na priwa.