Witam!
Przypadkowo natknąłem się na taką oto poniższą granicę:
\(\displaystyle{ \lim_{n\to\infty}\,\frac{e^n}{\big(1+\frac1n\big)^{n^2}}}\)
Chyba już wiem, ile ona wynosi... jestem jednak ciekaw, czy ktoś z forumowiczów znajdzie ładne rozwiązanie (moje, o ile nie jest błędne, to jak przejazd trałem przez pole minowe )
Pozdrawiam
Taka sobie ciekawa granica
- Sir George
- Użytkownik
- Posty: 1145
- Rejestracja: 27 kwie 2006, o 10:19
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: z Konopii
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 203 razy
- przemk20
- Użytkownik
- Posty: 1094
- Rejestracja: 6 gru 2006, o 22:47
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Olesno
- Podziękował: 45 razy
- Pomógł: 236 razy
Taka sobie ciekawa granica
wystarczy chyba zauwazyc ze
\(\displaystyle{ \lim_{n \to } (1 + \frac{1}{n})^n = e, \ \ z \ czego \\
\lim_{n \to } \frac{e^n}{((1 + \frac{1}{n})^n)^n } = \lim_{n \to } \frac{e^n}{e^n} = 1}\)
\(\displaystyle{ \lim_{n \to } (1 + \frac{1}{n})^n = e, \ \ z \ czego \\
\lim_{n \to } \frac{e^n}{((1 + \frac{1}{n})^n)^n } = \lim_{n \to } \frac{e^n}{e^n} = 1}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 8601
- Rejestracja: 1 maja 2006, o 20:54
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 47 razy
- Pomógł: 1816 razy
Taka sobie ciekawa granica
Moja propozycja:
\(\displaystyle{ = \lim_{n \to + } e^{n \ln ft( e (1+ \frac{1}{n})^{-n} \right)}}\)
I teraz podstawiając t = 1/n, liczymy granicę wykładnika:
\(\displaystyle{ \lim_{t \to 0^+} \frac{1 + \ln ft( 1+ t \right)^{- \frac{1}{t}}}{t} = \lim_{t \to 0^+} \frac{t - \ln (1+t)}{t^2} = \lim_{t \to 0^+} \frac{\ln \frac{e^t}{1+t}}{t^2} \stackrel{\mathbf{H}}{=} \lim_{t \to 0^+} \frac{1}{2(1+t)} = \frac{1}{2}}\)
Ostatecznie granica wynosi \(\displaystyle{ \sqrt{e}}\)
\(\displaystyle{ = \lim_{n \to + } e^{n \ln ft( e (1+ \frac{1}{n})^{-n} \right)}}\)
I teraz podstawiając t = 1/n, liczymy granicę wykładnika:
\(\displaystyle{ \lim_{t \to 0^+} \frac{1 + \ln ft( 1+ t \right)^{- \frac{1}{t}}}{t} = \lim_{t \to 0^+} \frac{t - \ln (1+t)}{t^2} = \lim_{t \to 0^+} \frac{\ln \frac{e^t}{1+t}}{t^2} \stackrel{\mathbf{H}}{=} \lim_{t \to 0^+} \frac{1}{2(1+t)} = \frac{1}{2}}\)
Ostatecznie granica wynosi \(\displaystyle{ \sqrt{e}}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 1330
- Rejestracja: 10 paź 2004, o 13:30
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Suchedniów
- Pomógł: 104 razy
Taka sobie ciekawa granica
To nie ma sensu. Ta sama metoda mozna na przyklad latwo "wykazac", ze e=1przemk20 pisze:wystarczy chyba zauwazyc ze
\(\displaystyle{ \lim_{n \to } (1 + \frac{1}{n})^n = e, \ \ z \ czego \\
\lim_{n \to } \frac{e^n}{((1 + \frac{1}{n})^n)^n } = \lim_{n \to } \frac{e^n}{e^n} = 1}\)
Popelniles standardowy blad, ktory jest zwykle warunkiem wystarczajacym do otrzymania oceny 2:)
- Sir George
- Użytkownik
- Posty: 1145
- Rejestracja: 27 kwie 2006, o 10:19
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: z Konopii
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 203 razy
Taka sobie ciekawa granica
bolo, WOW, jest jeszcze ktoś, kto zagląda na takie strony!
BTW, bywałeś może w Ostrawie?
liu, właśnie dlatego przykład mi się b.spodobał. Chociaż na mojej Alma Mater byłoby to raczej zadanie na ocenę 6.0...
.
Moje rozwiązanie, po poprawkach i małym "wyczyszczeniu" w sumie okazało się nie takie "tępe", jak myślałem na początku. Schemat jest taki:
1. oszacowanie logarytmu (np. z rozwinięcia w szereg lub przez nierówności z pochodnymi):
\(\displaystyle{ x-\frac{x^2}2\,\le\,\log(1+x)\, \, x-\frac{x^2}2+\frac{x^3}3}\)
2. Powyższe oszacowanie daje nam:
\(\displaystyle{ \frac1{2n}-\frac1{3n^2}\, \, 1-n\log\big(1+\frac1n\big)\,=\, \log\left(\frac{e}{\big(1+\frac1n\big)^n}\right)\, \, \frac1{2n}}\),
skąd
\(\displaystyle{ e^{1/2-1/3n}\, \, \frac{e^n}{\big(1+\frac1n\big)^{n^2}}\, \,e^{1/2}}\)
3. .. i coup de grace z tw. o trzech ciągach...
BTW, bywałeś może w Ostrawie?
liu, właśnie dlatego przykład mi się b.spodobał. Chociaż na mojej Alma Mater byłoby to raczej zadanie na ocenę 6.0...
.
Moje rozwiązanie, po poprawkach i małym "wyczyszczeniu" w sumie okazało się nie takie "tępe", jak myślałem na początku. Schemat jest taki:
1. oszacowanie logarytmu (np. z rozwinięcia w szereg lub przez nierówności z pochodnymi):
\(\displaystyle{ x-\frac{x^2}2\,\le\,\log(1+x)\, \, x-\frac{x^2}2+\frac{x^3}3}\)
2. Powyższe oszacowanie daje nam:
\(\displaystyle{ \frac1{2n}-\frac1{3n^2}\, \, 1-n\log\big(1+\frac1n\big)\,=\, \log\left(\frac{e}{\big(1+\frac1n\big)^n}\right)\, \, \frac1{2n}}\),
skąd
\(\displaystyle{ e^{1/2-1/3n}\, \, \frac{e^n}{\big(1+\frac1n\big)^{n^2}}\, \,e^{1/2}}\)
3. .. i coup de grace z tw. o trzech ciągach...