Obliczyć ługość łuku krzywej
: 11 sie 2011, o 14:48
Witam, mógłby mi ktoś powiedzieć, czy dobrze to obliczyłem?
\(\displaystyle{ y=\ln(1-x^{2}), \ 0 \le x \le \frac{1}{3}}\)
Rozwiązanie:
\(\displaystyle{ L=\int _{a}^{b}\sqrt{1+y'^{2} } dx\\
y'=\frac{1}{1-x^{2} } \cdot (-2x)=\frac{2x}{x^{2} -1}\\
\sqrt{1+\left(\frac{2x}{x^{2} -1} \right)^{2} } =\sqrt{\frac{\left(x^{2} +1\right)^{2} }{\left(x^{2} -1\right)^{2} } } =\frac{x^{2} +1}{x^{2} -1}\\
L=\int _{0}^{\frac{1}{3} }\frac{x^{2} +1}{x^{2} -1} dx =\int _{0}^{\frac{1}{3} }\left( 1+\frac{1}{x-1} -\frac{1}{x+1} \right) dx =\left( x+\ln \left|x-1\right|-\ln \left|x+1\right|\right)|_{0}^{\frac{1}{3} } =\\=\frac{1}{3} +\ln \frac{2}{3} -\ln \frac{4}{3} =\frac{1}{3} -\ \ln 2 }}\)
Koleżance wyszło: \(\displaystyle{ - \frac{1}{3}+\ \ln 2}\). Czy czymś to się różni? Na moje oko wyszło dobrze, tylko, że wyniki inne, tzn. u mnie wynik jest na minusie.
\(\displaystyle{ y=\ln(1-x^{2}), \ 0 \le x \le \frac{1}{3}}\)
Rozwiązanie:
\(\displaystyle{ L=\int _{a}^{b}\sqrt{1+y'^{2} } dx\\
y'=\frac{1}{1-x^{2} } \cdot (-2x)=\frac{2x}{x^{2} -1}\\
\sqrt{1+\left(\frac{2x}{x^{2} -1} \right)^{2} } =\sqrt{\frac{\left(x^{2} +1\right)^{2} }{\left(x^{2} -1\right)^{2} } } =\frac{x^{2} +1}{x^{2} -1}\\
L=\int _{0}^{\frac{1}{3} }\frac{x^{2} +1}{x^{2} -1} dx =\int _{0}^{\frac{1}{3} }\left( 1+\frac{1}{x-1} -\frac{1}{x+1} \right) dx =\left( x+\ln \left|x-1\right|-\ln \left|x+1\right|\right)|_{0}^{\frac{1}{3} } =\\=\frac{1}{3} +\ln \frac{2}{3} -\ln \frac{4}{3} =\frac{1}{3} -\ \ln 2 }}\)
Koleżance wyszło: \(\displaystyle{ - \frac{1}{3}+\ \ln 2}\). Czy czymś to się różni? Na moje oko wyszło dobrze, tylko, że wyniki inne, tzn. u mnie wynik jest na minusie.