Pokaż że
\(\displaystyle{ \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{n^2-k^2+k}{(n^2+(k-1)^2)(n^2+k^2)}}\le\frac{\pi\sqrt{2}}{8}}\)
ograniczenie sumy
-
- Użytkownik
- Posty: 138
- Rejestracja: 14 wrz 2018, o 18:56
- Płeć: Kobieta
- Lokalizacja: Brak
- Podziękował: 31 razy
- Pomógł: 4 razy
- Dasio11
- Moderator
- Posty: 10225
- Rejestracja: 21 kwie 2009, o 19:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Wrocław
- Podziękował: 40 razy
- Pomógł: 2362 razy
Re: ograniczenie sumy
Dla \(\displaystyle{ n=1}\) sprawdzamy ręcznie, a dla większych \(\displaystyle{ n}\):
\(\displaystyle{ \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{n^2-k^2+k}{(n^2+(k-1)^2)(n^2+k^2)}} \ge \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{1}{n^2+(k-1)^2} \cdot \frac{n^2}{n^2+k^2}} \ge \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{1}{n^2}} = \sqrt{n^2-1} \ge \sqrt{3}}\)
i \(\displaystyle{ \sqrt{3} \ge \frac{\pi \sqrt{2}}{8}}\), tak jak trzeba.
\(\displaystyle{ \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{n^2-k^2+k}{(n^2+(k-1)^2)(n^2+k^2)}} \ge \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{1}{n^2+(k-1)^2} \cdot \frac{n^2}{n^2+k^2}} \ge \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{1}{n^2}} = \sqrt{n^2-1} \ge \sqrt{3}}\)
i \(\displaystyle{ \sqrt{3} \ge \frac{\pi \sqrt{2}}{8}}\), tak jak trzeba.
-
- Użytkownik
- Posty: 22210
- Rejestracja: 15 maja 2011, o 20:55
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Bydgoszcz
- Podziękował: 38 razy
- Pomógł: 3755 razy
Re: ograniczenie sumy
Prościej
\(\displaystyle{ \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{n^2-k^2+k}{(n^2+(k-1)^2)(n^2+k^2)}}\geq \sqrt{1-\frac{n^2-n^2+n}{(n^2+(n-1)^2)(n^2+n^2)}}\geq\sqrt{1-\frac{n}{2n^2}}=\sqrt{1-\frac{1}{2n}}\geq\sqrt{\frac{1}{2}}>\frac{\pi\sqrt{2}}{8}}\)
\(\displaystyle{ \sum_{k=1}^n \sqrt{1-\frac{n^2-k^2+k}{(n^2+(k-1)^2)(n^2+k^2)}}\geq \sqrt{1-\frac{n^2-n^2+n}{(n^2+(n-1)^2)(n^2+n^2)}}\geq\sqrt{1-\frac{n}{2n^2}}=\sqrt{1-\frac{1}{2n}}\geq\sqrt{\frac{1}{2}}>\frac{\pi\sqrt{2}}{8}}\)