Zbieżność szeregów
Zbieżność szeregów
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{(n!) ^{2} -n!}}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } \frac{2+(-1) ^{n} }{2 ^{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } \frac{n ^{3} \left( \sqrt{2} + \left( -1 \right) ^{n} \right) ^{n} }{3 ^{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{2} } \ln \frac{n+1}{n-1}}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } (-1) ^{n-1} \tg \frac{1}{n \sqrt{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } (-1) ^{n-1} \frac{2 ^{n} \sin ^{2n}x }{n}, \ x \in\mathbb R}\)
Wiem, że wszystkie z nich są zbieżne, ale nie wiem jak to wykazać. Jakie kryteria zastosować?
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } \frac{2+(-1) ^{n} }{2 ^{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } \frac{n ^{3} \left( \sqrt{2} + \left( -1 \right) ^{n} \right) ^{n} }{3 ^{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{2} } \ln \frac{n+1}{n-1}}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } (-1) ^{n-1} \tg \frac{1}{n \sqrt{n} }}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=1}^{ \infty } (-1) ^{n-1} \frac{2 ^{n} \sin ^{2n}x }{n}, \ x \in\mathbb R}\)
Wiem, że wszystkie z nich są zbieżne, ale nie wiem jak to wykazać. Jakie kryteria zastosować?
Ostatnio zmieniony 17 sie 2011, o 09:32 przez Chromosom, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: niepoprawny zapis funkcji
Powód: niepoprawny zapis funkcji
-
- Moderator
- Posty: 10365
- Rejestracja: 12 kwie 2008, o 21:08
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 127 razy
- Pomógł: 1271 razy
Zbieżność szeregów
1. kryterium d'Alemberta
2. porównawcze
3. również porównawcze
4. kolejne składniki redukują się ze względu na przeciwne znaki
5. kryterium Leibniza
6. jak wyżej
2. porównawcze
3. również porównawcze
4. kolejne składniki redukują się ze względu na przeciwne znaki
5. kryterium Leibniza
6. jak wyżej
-
- Użytkownik
- Posty: 3424
- Rejestracja: 30 sie 2006, o 14:36
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Szczecin
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 476 razy
Zbieżność szeregów
szereg drugi---> ogranicz z góry i dołu \(\displaystyle{ 2+(-1)^n}\) i widac co potem juz zrobic
w 4 przypadku wrzuc wyciagnij \(\displaystyle{ \frac{1}{ \sqrt{2} }}\) przed znak sumy a potem rozpisz logarytm ilorazu na rożnice logarytmow \(\displaystyle{ \log \frac{a}{b} = \log a - \log b}\)
w 4 przypadku wrzuc wyciagnij \(\displaystyle{ \frac{1}{ \sqrt{2} }}\) przed znak sumy a potem rozpisz logarytm ilorazu na rożnice logarytmow \(\displaystyle{ \log \frac{a}{b} = \log a - \log b}\)
Zbieżność szeregów
Dziękuję za odpowiedzi,
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n} } \ln \frac{n+1}{n-1}}\)
W czwartym szeregu powinien być \(\displaystyle{ \sqrt{n}}\) zamiast \(\displaystyle{ \sqrt{2}}\), mój błąd. Jednak teraz składniki nie zredukują się.
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n} } \ln \frac{n+1}{n-1}}\)
W czwartym szeregu powinien być \(\displaystyle{ \sqrt{n}}\) zamiast \(\displaystyle{ \sqrt{2}}\), mój błąd. Jednak teraz składniki nie zredukują się.
Ostatnio zmieniony 17 sie 2011, o 10:51 przez Lbubsazob, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: Poprawa wiadomości.
Powód: Poprawa wiadomości.
Zbieżność szeregów
Jaki szereg użyć do porównania?wyplosz pisze:
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n} } \ln \frac{n+1}{n-1}}\)
Miałem pomysł żeby spróbować też z d'Alemberta i potem granice z de l'Hospitala?
Zbieżność szeregów
\(\displaystyle{ \ln \frac{n+1}{n-1} = \ln \frac{n-1+2}{n-1}= \ln \left( 1+ \frac{2}{n-1} \right)}\)
I powinieneś skorzystać z pewnego szacowania na logarytm
I powinieneś skorzystać z pewnego szacowania na logarytm
Ostatnio zmieniony 17 sie 2011, o 14:01 przez ares41, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: Skalowanie nawiasów.
Powód: Skalowanie nawiasów.
- Insol3nt
- Użytkownik
- Posty: 25
- Rejestracja: 20 sie 2011, o 15:38
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Lublin
- Podziękował: 5 razy
Zbieżność szeregów
Czy moje rozwiązanie jest poprawne?
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n} } \ln \frac{n+1}{n-1}
=\sum_{n=1}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln \frac{n+2}{n}=\sum_{n=1}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}\)
\(\displaystyle{ a_{n}=\frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}\)
\(\displaystyle{ b_{n}= \frac{2}{n \sqrt{n} }}\) szereg zbieżny
Z kryterium ilorazowego:
\(\displaystyle{ \lim_{ n\to \infty } \frac{a_n}{b_n} =\lim_{ n\to \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right) \cdot \frac{n \sqrt{n} }{2} = \lim_{ n\to \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} }\frac{ \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}{ \frac{2}{n} } \cdot \sqrt{n}=*}\)
\(\displaystyle{ \lim_{ x\to 0} \frac{\ln(1+x)}{x}= 1}\)
\(\displaystyle{ * = \lim_{ n\to \infty }1 \cdot \frac{ \sqrt{n} }{ \sqrt{n+1} } = 1}\)
\(\displaystyle{ \sum_{n=2}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n} } \ln \frac{n+1}{n-1}
=\sum_{n=1}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln \frac{n+2}{n}=\sum_{n=1}^{ \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}\)
\(\displaystyle{ a_{n}=\frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}\)
\(\displaystyle{ b_{n}= \frac{2}{n \sqrt{n} }}\) szereg zbieżny
Z kryterium ilorazowego:
\(\displaystyle{ \lim_{ n\to \infty } \frac{a_n}{b_n} =\lim_{ n\to \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} } \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right) \cdot \frac{n \sqrt{n} }{2} = \lim_{ n\to \infty } \frac{1}{ \sqrt{n+1} }\frac{ \ln\left( 1+ \frac{2}{n} \right)}{ \frac{2}{n} } \cdot \sqrt{n}=*}\)
\(\displaystyle{ \lim_{ x\to 0} \frac{\ln(1+x)}{x}= 1}\)
\(\displaystyle{ * = \lim_{ n\to \infty }1 \cdot \frac{ \sqrt{n} }{ \sqrt{n+1} } = 1}\)
-
- Moderator
- Posty: 10365
- Rejestracja: 12 kwie 2008, o 21:08
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 127 razy
- Pomógł: 1271 razy
Zbieżność szeregów
tak, można też inaczej:
\(\displaystyle{ x>\ln(1+x)\ \text{dla}\ x>0\\ \\ \frac2n>\ln\left(1+\frac2n\right)}\)
dalsze obliczenia nie są już skomplikowane.
\(\displaystyle{ x>\ln(1+x)\ \text{dla}\ x>0\\ \\ \frac2n>\ln\left(1+\frac2n\right)}\)
dalsze obliczenia nie są już skomplikowane.