Losujemy liczby np. z przedziału 1 do n=1000, i tysiąc razy.
Teoretycznie wychodzi 1000/1000, czyli każda liczba raz będzie wylosowana, ale tylko średnio,
bo raczej jest nikła szansa że wylosujemy za każdym razem inną - coś tam się powtórzy,
a tym samym automatycznie część liczb nam zniknie, znaczy nie wylosujemy ich w ogóle, ani raza.
Zatem ile będzie tych brakujących, tak zazwyczaj, czyli też średnio?
5 sztuk, 10, a może aż 100?
długie losowanie
-
- Użytkownik
- Posty: 939
- Rejestracja: 26 gru 2009, o 17:38
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Mazowsze
- Podziękował: 5 razy
- Pomógł: 228 razy
długie losowanie
Zasymulowałem to w Matlabie.
Skrypt rysuje wykres stosunku liczb niewylosowanych do wszystkich w zależności od tego ile ich było.
Widać że stosunek ten tabilizuje się gdzieś na poziomie \(\displaystyle{ 0,367}\)
Wychodzi więc na to że należy się spodziewać aż \(\displaystyle{ 367}\) takich liczb.
Kod: Zaznacz cały
clear all;
close all;
Nmax = 1000;
N = 2:Nmax;
avg = zeros(1,Nmax);
rep = 1000;
for j = N;
for i = 1:rep
V = ones(1,j);
R = ceil(j.*rand(1,j));
V(R) = 0;
avg(j) = avg(j) + sum(V);
end
avg(j) = avg(j)/rep;
end
plot(N,avg(N)./N);
Widać że stosunek ten tabilizuje się gdzieś na poziomie \(\displaystyle{ 0,367}\)
Wychodzi więc na to że należy się spodziewać aż \(\displaystyle{ 367}\) takich liczb.
-
- Użytkownik
- Posty: 5101
- Rejestracja: 11 mar 2011, o 16:31
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: 52°16'37''N 20°52'45''E
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 1001 razy
długie losowanie
Podejrzanie blisko liczby \(\displaystyle{ e^{-1}}\). Czy to może być przypadek?jarek4700 pisze: Widać że stosunek ten tabilizuje się gdzieś na poziomie \(\displaystyle{ 0,367}\)
Ustalmy konkretną liczbę \(\displaystyle{ k}\) z przedziału od \(\displaystyle{ 1}\) do \(\displaystyle{ n}\). Strzelamy w tę liczbę \(\displaystyle{ n}\) razy niezależnie, za każdym razem trafiając celu z prawdopodobieństwem \(\displaystyle{ \frac1n}\). Zatem prawdopodobieństwo, że ta liczba zostanie trafiona, jest równe:
\(\displaystyle{ P_n=n\cdot\frac1n-\binom n2\cdot\frac1{n^2} + \binom n3\frac1{n^3} - \ldots}\)
To wyrażenie dąży do \(\displaystyle{ 1-\frac1e}\), gdy \(\displaystyle{ n}\) dąży do nieskończoności. Wartość oczekiwana liczby brakujących liczb jest równa \(\displaystyle{ n - n\cdot P_n\approx \frac ne}\).
-
- Użytkownik
- Posty: 971
- Rejestracja: 27 wrz 2005, o 22:56
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Wrocław
- Podziękował: 11 razy
- Pomógł: 75 razy
długie losowanie
Tak myślałem. Rozkład Bernoullego zbiega do Poissona.
A teraz trochę inaczej: losujemy ze zbioru 1 do N=1000, ale mniej, np. tylko 20 sztuk,
i dwa razy, znaczy tworzymy dwie paczki po 20 sztuk.
Ile teraz będzie powtórzeń pomiędzy tym paczkami?
Potem można pojechać z tym dalej: trzy paczki, 4, 5, ...
A teraz trochę inaczej: losujemy ze zbioru 1 do N=1000, ale mniej, np. tylko 20 sztuk,
i dwa razy, znaczy tworzymy dwie paczki po 20 sztuk.
Ile teraz będzie powtórzeń pomiędzy tym paczkami?
Potem można pojechać z tym dalej: trzy paczki, 4, 5, ...