prawdopodobieństwo warunkowe

Anka20 · Post autor: **Anka20** » 15 lut 2011, o 12:39

samo A i B i z tego czesc wspolna no nie to nie wiem

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 12:41

Nie. Jak wyglada zdarzenie:

\(\displaystyle{ A \cap B}\)

?

Anka20 · Post autor: **Anka20** » 15 lut 2011, o 12:46

ze w tych kartach jest 2 krole i 2 damy

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 12:47

No to teraz policz pstwo

Anka20 · Post autor: **Anka20** » 15 lut 2011, o 12:51

\(\displaystyle{ {4 \choose 2 } \cdot {4 \choose 2 } \cdot {44 \choose 1 }}\) tak?

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 12:53

Tak. Reszta analogicznie

Anka20 · Post autor: **Anka20** » 15 lut 2011, o 12:56

a \(\displaystyle{ C}\) nie ma krola kier, jak zrobic?

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 13:00

\(\displaystyle{ 5}\) bierzesz kart z \(\displaystyle{ 48}\) czyli nic trudnego ;]

Frey · Post autor: **Frey** » 15 lut 2011, o 15:38

miodzio1988 pisze:\(\displaystyle{ 5}\) bierzesz kart z \(\displaystyle{ 48}\) czyli nic trudnego ;]

Szczerze nie rozumiem tej podpowiedzi. O ile wszystkie powyższe były w porządku. Nie lepiej wziąć 3 karty z 48?

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 16:28

Lepiej. Weźmy w ogóle \(\displaystyle{ 5}\) z \(\displaystyle{ 51}\)

Pamiętaj jak wygląda nasze zdarzenie. Ma nie być tylko króla kier.

Piszę ciągle o zdarzeniu sprzyjającym (żeby nie bylo ;])

Anka20 · Post autor: **Anka20** » 15 lut 2011, o 16:31

\(\displaystyle{ \frac{{3 \choose 2 } \cdot {48 \choose 3}}{{51 \choose 5 }}}\)

Frey · Post autor: **Frey** » 15 lut 2011, o 16:42

To powyżej jest okej.

Miodzio, mi chodziło o to 3 z 48 co jest powyżej no i razy 2 z 3

miodzio1988 · Post autor: **miodzio1988** » 15 lut 2011, o 19:28

A spoko To mówiliśmy o czymś innym (tzn ja tak czy siak zrobiłem błąd, więc dziękuję mój młody kolego ekonomisto )