Problem z rozwiązaniem
Problem z rozwiązaniem
Rzucamy 5 razy monetą. Oblicz jakie jest prawdopodobieństwo, że:
a. co najmniej raz wypadnie orzeł
b. co najwyżej 3 razy wypadnie reszka
Jest to zdarzenie przeciwne? Jaka będzie omega i moce?..
a. co najmniej raz wypadnie orzeł
b. co najwyżej 3 razy wypadnie reszka
Jest to zdarzenie przeciwne? Jaka będzie omega i moce?..
-
- Użytkownik
- Posty: 48
- Rejestracja: 25 lis 2008, o 16:24
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Mielec/Wrocław
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 2 razy
Problem z rozwiązaniem
a. najłatwiej oblicz jakie jest prawdopodobieństwo, że orzeł nie wypadnie w ogóle i wynik odejmij od 1.
b. wylicz prawdopodobieństwo wypadnięcia 4 i 5 razy a sumę odejmij od 1
b. wylicz prawdopodobieństwo wypadnięcia 4 i 5 razy a sumę odejmij od 1
Ostatnio zmieniony 8 maja 2009, o 15:39 przez piotrekd4, łącznie zmieniany 1 raz.
-
- Użytkownik
- Posty: 729
- Rejestracja: 19 mar 2009, o 11:18
- Płeć: Kobieta
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 220 razy
Problem z rozwiązaniem
a)
\(\displaystyle{ A}\) - co najmniej raz wypadnie orzeł
\(\displaystyle{ A'}\) - orzeł nie wypadnie ani razu
\(\displaystyle{ P(A)=1-P(A')=1- {5 \choose 0} \left( \frac{1}{2} \right)^0 \left( \frac{1}{2} \right)^5}\)
b)
\(\displaystyle{ B}\) - co najwyżej trzy razy wypadnie reszka
\(\displaystyle{ P(B)={5 \choose 0} \left( \frac{1}{2} \right)^0 \left( \frac{1}{2} \right)^5+ {5 \choose 1} \left( \frac{1}{2} \right)^1 \left( \frac{1}{2} \right)^4+ {5 \choose 2} \left( \frac{1}{2} \right)^2 \left( \frac{1}{2} \right)^3+ {5 \choose 3} \left( \frac{1}{2} \right)^3 \left( \frac{1}{2} \right)^2}\)
\(\displaystyle{ A}\) - co najmniej raz wypadnie orzeł
\(\displaystyle{ A'}\) - orzeł nie wypadnie ani razu
\(\displaystyle{ P(A)=1-P(A')=1- {5 \choose 0} \left( \frac{1}{2} \right)^0 \left( \frac{1}{2} \right)^5}\)
b)
\(\displaystyle{ B}\) - co najwyżej trzy razy wypadnie reszka
\(\displaystyle{ P(B)={5 \choose 0} \left( \frac{1}{2} \right)^0 \left( \frac{1}{2} \right)^5+ {5 \choose 1} \left( \frac{1}{2} \right)^1 \left( \frac{1}{2} \right)^4+ {5 \choose 2} \left( \frac{1}{2} \right)^2 \left( \frac{1}{2} \right)^3+ {5 \choose 3} \left( \frac{1}{2} \right)^3 \left( \frac{1}{2} \right)^2}\)
Ostatnio zmieniony 8 maja 2009, o 22:54 przez Gotta, łącznie zmieniany 1 raz.
Problem z rozwiązaniem
hm, a musze koniecznie mieć podaną omege i a, b i moce.. jak to zrobic? podobnym sposobem robiłam, tylko jest jeszcze taki problem, że nie braliśmy jeszcze rozwiazywania zadania metoda gdzie są podane te potęgi (nie wiem jak sie to nazywa nawet..) więc jak mam zrobić to typowo pod prawdopodobienstwo i jak mam te zadanie zaprezentować?
-
- Użytkownik
- Posty: 729
- Rejestracja: 19 mar 2009, o 11:18
- Płeć: Kobieta
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 220 razy
Problem z rozwiązaniem
\(\displaystyle{ \overline{\overline{\Omega}}=2^5}\)
\(\displaystyle{ A}\) - orzeł wypadł co najmniej raz
\(\displaystyle{ A'}\) - orzeł nie wypadł ani razu = wypadły same reszki
\(\displaystyle{ \overline{\overline{A'}}=1}\)
\(\displaystyle{ P(A)=1-P(A')=1-\frac{1}{2^5}}\)
\(\displaystyle{ B}\) - co najwyżej trzy razy wypadła reszka
Zdarzenie \(\displaystyle{ B}\) można zapisać jako sumę zdarzeń:
\(\displaystyle{ B_1}\) - reszka wypadła raz
\(\displaystyle{ B_2}\) - reszka wypadła dwa razy
\(\displaystyle{ B_3}\) - reszka wypadła trzy razy
\(\displaystyle{ B_4}\) - reszka nie wypadła ani razu
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_1}}=5}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_2}}=10}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_3}}=10}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_4}}=1}\)
A więc
\(\displaystyle{ P(B)=P(B_1 \cup B_2 \cup B_3 \cup B_4)=P(B_1)+P(B_2)+P(B_3)+P(B_4)=\frac{5}{2^5}+\frac{10}{2^5}+\frac{10}{2^5}+\frac{1}{2^5}}\)
\(\displaystyle{ A}\) - orzeł wypadł co najmniej raz
\(\displaystyle{ A'}\) - orzeł nie wypadł ani razu = wypadły same reszki
\(\displaystyle{ \overline{\overline{A'}}=1}\)
\(\displaystyle{ P(A)=1-P(A')=1-\frac{1}{2^5}}\)
\(\displaystyle{ B}\) - co najwyżej trzy razy wypadła reszka
Zdarzenie \(\displaystyle{ B}\) można zapisać jako sumę zdarzeń:
\(\displaystyle{ B_1}\) - reszka wypadła raz
\(\displaystyle{ B_2}\) - reszka wypadła dwa razy
\(\displaystyle{ B_3}\) - reszka wypadła trzy razy
\(\displaystyle{ B_4}\) - reszka nie wypadła ani razu
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_1}}=5}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_2}}=10}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_3}}=10}\)
\(\displaystyle{ \overline{\overline{B_4}}=1}\)
A więc
\(\displaystyle{ P(B)=P(B_1 \cup B_2 \cup B_3 \cup B_4)=P(B_1)+P(B_2)+P(B_3)+P(B_4)=\frac{5}{2^5}+\frac{10}{2^5}+\frac{10}{2^5}+\frac{1}{2^5}}\)
Problem z rozwiązaniem
Dziękuje bardzo :*
tylko jeszcze musze konkretne możliwości wypisać do omegi i a i b.. i nie wiem jak to zrobić, a to jest warunek konieczny.
Omega= {(O, R); (R, O); (R, R); (O, O)}, cos tego typu i musze miec wypisane wszystkie mozliwosci i z tym mam najwiekszy problem..
tylko jeszcze musze konkretne możliwości wypisać do omegi i a i b.. i nie wiem jak to zrobić, a to jest warunek konieczny.
Omega= {(O, R); (R, O); (R, R); (O, O)}, cos tego typu i musze miec wypisane wszystkie mozliwosci i z tym mam najwiekszy problem..
-
- Użytkownik
- Posty: 729
- Rejestracja: 19 mar 2009, o 11:18
- Płeć: Kobieta
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 220 razy
Problem z rozwiązaniem
Wypiszę Ci tylko \(\displaystyle{ \Omega}\), z resztą sobie poradzisz
\(\displaystyle{ \Omega}\)={ (OOOOO) (OOOOR) (OOORO) (OOORR) (OOROR) (OOROO) (OORRR) (OORRO) (OROOO) (OROOR) (ORORR) (ORORO) (ORRRR) (ORRRO) (ORROO) (ORROR) (RRRRO) (RRRRR) (RRROR) (RRROO) (RROOO) (RROOR) (RRORR) (RRORO) (RORRR) (RORRO) (ROROO) (ROROR) (ROORO) (ROORR) (ROOOO) (ROOOR) }
\(\displaystyle{ \Omega}\)={ (OOOOO) (OOOOR) (OOORO) (OOORR) (OOROR) (OOROO) (OORRR) (OORRO) (OROOO) (OROOR) (ORORR) (ORORO) (ORRRR) (ORRRO) (ORROO) (ORROR) (RRRRO) (RRRRR) (RRROR) (RRROO) (RROOO) (RROOR) (RRORR) (RRORO) (RORRR) (RORRO) (ROROO) (ROROR) (ROORO) (ROORR) (ROOOO) (ROOOR) }
Problem z rozwiązaniem
podpunkt A mam zalatwiony, a majac te wszystkie dane do podpunktu A, można również obliczyć ze wzoru prawdopodobienstwa: P(A)=moc A/moc omegi, prawda?
teraz mam tylko wątpliwości, co do tego drugiego.. W książce był podany wynik 13/16, wiec teraz nie wiem. Byłoby to 2^3, ale jak to wyjasnic, jak wypisac B i moc B oraz rozwiazanie? A jeżeli 'co najwyżej 3', tzn. że moze byc raz, moze byc 2 ale i również 3? A takich, których jest powyżej 3, jest 6. Więc pula zmniejsza się do 26 odjąc ten, gdzie w ogóle nie występuje (same orły) = 25..
teraz mam tylko wątpliwości, co do tego drugiego.. W książce był podany wynik 13/16, wiec teraz nie wiem. Byłoby to 2^3, ale jak to wyjasnic, jak wypisac B i moc B oraz rozwiazanie? A jeżeli 'co najwyżej 3', tzn. że moze byc raz, moze byc 2 ale i również 3? A takich, których jest powyżej 3, jest 6. Więc pula zmniejsza się do 26 odjąc ten, gdzie w ogóle nie występuje (same orły) = 25..
-
- Użytkownik
- Posty: 729
- Rejestracja: 19 mar 2009, o 11:18
- Płeć: Kobieta
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 220 razy
Problem z rozwiązaniem
co najwyżej trzy reszki oznacza, że reszka wypadnie 3 razy lub reszka wypadnie dwa razy lub reszka wypadnie raz lub NIE WYPADNIE w ogóle.
Więc zdarzeń jest 26.
Więc zdarzeń jest 26.