Graf półhamiltonowski
-
- Użytkownik
- Posty: 52
- Rejestracja: 8 paź 2016, o 12:18
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 9 razy
Graf półhamiltonowski
Dla jakich \(\displaystyle{ m}\) i \(\displaystyle{ n}\) graf dwudzielny \(\displaystyle{ K_{m,n}}\) jest półhamiltonowski?
- leg14
- Użytkownik
- Posty: 3132
- Rejestracja: 5 lis 2014, o 20:24
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Radom
- Podziękował: 154 razy
- Pomógł: 475 razy
Re: Graf półhamiltonowski
Wskazówka: każda krawędź jest równoważna parze \(\displaystyle{ (v,u)}\) gdzie \(\displaystyle{ u \in U;v \in V}\)
i \(\displaystyle{ |U| = m;|V|=n}\)
i \(\displaystyle{ |U| = m;|V|=n}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 52
- Rejestracja: 8 paź 2016, o 12:18
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 9 razy
Re: Graf półhamiltonowski
Czyli krawędzi jest \(\displaystyle{ |E|= \frac{m \cdot n}{2}}\)
i co to daje?
i co to daje?
-
- Użytkownik
- Posty: 52
- Rejestracja: 8 paź 2016, o 12:18
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 9 razy
Re: Graf półhamiltonowski
nie można. jak coś to chodzi o grafy proste, bez pętelek i podwójnych krawędzi.
Graf:
Graf:
Ukryta treść:
-
- Użytkownik
- Posty: 52
- Rejestracja: 8 paź 2016, o 12:18
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 9 razy
Re: Graf półhamiltonowski
tak, gdyż trzeba będzie przechodzić kilka razy przez wierzchołki 10 stopnia.
Tak na logikę (zauważyłem przy rysowaniu)to moim zdaniem chyba to będzie spełnione jeśli \(\displaystyle{ m=n}\) przynajmniej dla pierwszych \(\displaystyle{ m,n=1,2,3,4}\)
Tak na logikę (zauważyłem przy rysowaniu)to moim zdaniem chyba to będzie spełnione jeśli \(\displaystyle{ m=n}\) przynajmniej dla pierwszych \(\displaystyle{ m,n=1,2,3,4}\)
- leg14
- Użytkownik
- Posty: 3132
- Rejestracja: 5 lis 2014, o 20:24
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Radom
- Podziękował: 154 razy
- Pomógł: 475 razy
Re: Graf półhamiltonowski
No prawie prawie (ale jeszcze jest jedna możliwość) - popatrz jeszcze na \(\displaystyle{ K_{1,2}}\) .Tak na logikę (zauważyłem przy rysowaniu)to moim zdaniem chyba to będzie spełnione jeśli
jak popatrzysz i poprawisz minimalnie to co napisałeś, to zajmij się udowodnieniem, że w pozostałych przypadkach graf nie jest półHamiltonowski.
Całe rozumowanie zasadza się na takiej obserwacji:
bierzemy taką ścieżkę Hamiltona i ją orientujemy (czyli zamieniamy krawędzie na strzałki), czyli jeśli miałeś krawędź:
\(\displaystyle{ 1-----2 ------3}\) to teraz robisz z niej \(\displaystyle{ 1---->2---->3----->}\) (tak by strzałki szły w "zgodną" stronę).
Skoro \(\displaystyle{ K_{m,n}}\) jest dwudzielny to zawsze koniec strzałki będzie w \(\displaystyle{ V}\), a początek w \(\displaystyle{ U}\) i każdy wierzchołek jest początkiem lub końcem strzałki.