Witam, zadanie krąży mi po głowie już jakiś czas i do tej pory nie czułem potrzeby utwierdzania się co do własnych przypuszczeń.
Mamy 4 kule, każda taka sama, wpisane są one w stożek w sposób pokazany poniżej. Jaki jest kąt wierzchołkowy stożka.
Ja założyłem, że będzie to 60 stopni, po tym, że z środków owych kul utworzymy czworościan foremny, którego krawędzie będą równoległe do tworzącej stożka. Szukam jednak potwierdzenia. Nie pali mi się. Dzięki z góry za pomoc.
4 sfery w stożku
-
- Użytkownik
- Posty: 23496
- Rejestracja: 8 kwie 2008, o 22:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: piaski
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 3264 razy
Re: 4 sfery w stożku
To nie jest 60.
Wg mnie to kąt którego sinus wynosi \(\displaystyle{ \frac{2\sqrt 2}{3}}\). Niech ktoś to potwierdzi, albo zaprzeczy.
Wg mnie to kąt którego sinus wynosi \(\displaystyle{ \frac{2\sqrt 2}{3}}\). Niech ktoś to potwierdzi, albo zaprzeczy.
- Takahashi
- Użytkownik
- Posty: 186
- Rejestracja: 12 maja 2017, o 19:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: brak
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 22 razy
Re: 4 sfery w stożku
Moim zdaniem jest to dwukrotność kąta, którego k̶o̶s̶i̶n̶u̶s sinus wynosi
\(\displaystyle{ \frac{\frac 23 \sqrt{3}}{2} = \frac{1}{\sqrt 3}}\).
Dlaczego tak, a nie inaczej? W mianowniku mamy długość krawędzi bocznej, a w liczniku dłuższy fragment wysokości w trójkącie równobocznym (podstawie), którą rozciął wierzchołek ostrosłupa. Jest późno, dawno nie liczyłem, mogę się mylić.
(Edytowałem post zgodnie z tym, co niżej pisze piasek101)
\(\displaystyle{ \frac{\frac 23 \sqrt{3}}{2} = \frac{1}{\sqrt 3}}\).
Dlaczego tak, a nie inaczej? W mianowniku mamy długość krawędzi bocznej, a w liczniku dłuższy fragment wysokości w trójkącie równobocznym (podstawie), którą rozciął wierzchołek ostrosłupa. Jest późno, dawno nie liczyłem, mogę się mylić.
(Edytowałem post zgodnie z tym, co niżej pisze piasek101)
Ostatnio zmieniony 11 lip 2017, o 22:09 przez Takahashi, łącznie zmieniany 1 raz.
-
- Użytkownik
- Posty: 23496
- Rejestracja: 8 kwie 2008, o 22:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: piaski
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 3264 razy
Re: 4 sfery w stożku
Chyba sinus.Takahashi pisze:Moim zdaniem jest to dwukrotność kąta, którego kosinus wynosi
\(\displaystyle{ \frac{\frac 23 \sqrt{3}}{2} = \frac{1}{\sqrt 3}}\).
[edit] Więc mamy to samo.
-
- Użytkownik
- Posty: 6882
- Rejestracja: 7 gru 2010, o 16:50
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Staszów
- Podziękował: 50 razy
- Pomógł: 1112 razy
Re: 4 sfery w stożku
Z rysunku w rzutach Monge`a
można zauważyć, że \(\displaystyle{ |AO| > r}\), zatem kąt \(\displaystyle{ \alpha >30^o}\)
\(\displaystyle{ \frac{r}{|OA|} = \cos 30^o}\)
\(\displaystyle{ \sin \alpha = \frac{|AO|}{2r}= \frac{r}{2r \cos 30^o}}\)
\(\displaystyle{ \sin \alpha = \frac{1}{ \sqrt{3} }= \frac{ \sqrt{3} }{3} \rightarrow \alpha = 35, 28...^o}\)
Kąt wierzchołkowy równy jest dwu kątom \(\displaystyle{ \alpha}\)
Zatem \(\displaystyle{ 2 \alpha =2 \cdot 35,28...^o = 70,5^o}\) z małym nadmiarem.
Ukryta treść:
\(\displaystyle{ \frac{r}{|OA|} = \cos 30^o}\)
\(\displaystyle{ \sin \alpha = \frac{|AO|}{2r}= \frac{r}{2r \cos 30^o}}\)
\(\displaystyle{ \sin \alpha = \frac{1}{ \sqrt{3} }= \frac{ \sqrt{3} }{3} \rightarrow \alpha = 35, 28...^o}\)
Kąt wierzchołkowy równy jest dwu kątom \(\displaystyle{ \alpha}\)
Zatem \(\displaystyle{ 2 \alpha =2 \cdot 35,28...^o = 70,5^o}\) z małym nadmiarem.
Ostatnio zmieniony 12 lip 2017, o 20:19 przez lukasz1804, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: Poprawa wiadomości.
Powód: Poprawa wiadomości.