Czworokąt wpisano w okrąg tak, że dłuższa jego przekątna jest średnicą okręgu. Jeden z kątów wewnętrznych czworokąta ma miarę \(\displaystyle{ 150^{o}}\). Udowodnij , że długoś jego krótszej przekątnej jest równa połowie długości dłuższej przekątnej. Prosze o pomoc, jakąś wskazówkę lub rozwiązanie.
\(\displaystyle{ \left| \sphericalangle BCD\right|=150^{o}}\)
Czworokąt wpisany w okrąg
-
- Użytkownik
- Posty: 70
- Rejestracja: 27 kwie 2009, o 17:08
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 5 razy
Czworokąt wpisany w okrąg
Dam Ci małą podpowiedź:
Kąty ADC i ABC mają po \(\displaystyle{ 90^{o}}\), ponieważ z treści zadania wynika, że AC to średnica tego okręgu, a kąty wpisane w okrąg oparte na średnicy mają miarę \(\displaystyle{ 90^{o}}\).
Jak to nie pomoże podpowiem dalej Zadanie bardzo łatwe. Kwestia dopatrzenia się.
Kąty ADC i ABC mają po \(\displaystyle{ 90^{o}}\), ponieważ z treści zadania wynika, że AC to średnica tego okręgu, a kąty wpisane w okrąg oparte na średnicy mają miarę \(\displaystyle{ 90^{o}}\).
Jak to nie pomoże podpowiem dalej Zadanie bardzo łatwe. Kwestia dopatrzenia się.
-
- Użytkownik
- Posty: 89
- Rejestracja: 29 gru 2010, o 15:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Sztu
- Podziękował: 22 razy
Czworokąt wpisany w okrąg
no to też zauważyłem podczas próby, wyszło mi nawet że AB=AD i BC=DC, później próbowałem z podobieństw, ale trochę mi za dużo pierwiastków wychodziło i wogóle, także poproszę następną podpowiedź ;D
-
- Użytkownik
- Posty: 70
- Rejestracja: 27 kwie 2009, o 17:08
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 5 razy
Czworokąt wpisany w okrąg
Więc tak:
Mamy, że
\(\displaystyle{ |\sphericalangle DBA| = | \sphericalangle DCA|}\)
i \(\displaystyle{ | \sphericalangle DAC|=| \sphericalangle DBC|}\)
Jak wiadomo, są to kąty wpisane oparte na jednym łuku, a więc łatwo stwierdzić, że mamy do czynienia z dwoma identycznymi trójkątami, przystającymi.
A więc:
\(\displaystyle{ |DC|=|BC|}\)
\(\displaystyle{ |DA|=|AB|}\)
\(\displaystyle{ |DE|=|EB|}\)
Teraz należy się przypatrzeć wszelkim kątom wpisanym i poszukać odpowiednich kątów oparytych na tym samym łuku. Dojdziemy, że \(\displaystyle{ |\sphericalangle DAE}\)| jest prosty. Analogicznie postąpimy z innymi małymi trójkątami i będziemy mieli wtedy, że proste \(\displaystyle{ DB}\)i \(\displaystyle{ AC}\) są prostopadłe, co wcześniej nie było powiedziane w zadaniu.
I dalej już kwestia podobieństw oraz własności trójkątów:)
EDIT:
Ja i tak uważam, że moje rozumowanie jest prostsze dla was, więc próbujcie moją metodą Dojdziecie do tego samego wniosku, lecz będziecie wszystko widzieć tzn jak co i dlaczego
EDIT2: Literówki w Edit1
Mamy, że
\(\displaystyle{ |\sphericalangle DBA| = | \sphericalangle DCA|}\)
i \(\displaystyle{ | \sphericalangle DAC|=| \sphericalangle DBC|}\)
Jak wiadomo, są to kąty wpisane oparte na jednym łuku, a więc łatwo stwierdzić, że mamy do czynienia z dwoma identycznymi trójkątami, przystającymi.
A więc:
\(\displaystyle{ |DC|=|BC|}\)
\(\displaystyle{ |DA|=|AB|}\)
\(\displaystyle{ |DE|=|EB|}\)
Teraz należy się przypatrzeć wszelkim kątom wpisanym i poszukać odpowiednich kątów oparytych na tym samym łuku. Dojdziemy, że \(\displaystyle{ |\sphericalangle DAE}\)| jest prosty. Analogicznie postąpimy z innymi małymi trójkątami i będziemy mieli wtedy, że proste \(\displaystyle{ DB}\)i \(\displaystyle{ AC}\) są prostopadłe, co wcześniej nie było powiedziane w zadaniu.
I dalej już kwestia podobieństw oraz własności trójkątów:)
EDIT:
Ja i tak uważam, że moje rozumowanie jest prostsze dla was, więc próbujcie moją metodą Dojdziecie do tego samego wniosku, lecz będziecie wszystko widzieć tzn jak co i dlaczego
EDIT2: Literówki w Edit1
Ostatnio zmieniony 29 gru 2010, o 21:06 przez kamil142, łącznie zmieniany 2 razy.
- Vax
- Użytkownik
- Posty: 2913
- Rejestracja: 27 kwie 2010, o 22:07
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Biała Podlaska / Warszawa
- Podziękował: 4 razy
- Pomógł: 612 razy
Czworokąt wpisany w okrąg
Sprawa jest prosta, oznaczmy:
\(\displaystyle{ |AD|=|AB|=x \wedge |DC|=|BC|=y \wedge |DE|=|EB|=a}\)
Łatwo zauważyć, że:
\(\displaystyle{ \sphericalangle EAD = 15^{\circ} \wedge \sphericalangle ADE = 75^{\circ} \wedge \sphericalangle EDC = 15^{\circ} \wedge \sphericalangle DCE = 75^{\circ}}\)
Analogiczne kąty będą ,,na dole" czworokąta.
Teraz z twierdzenia cosinusów dla trójkąta \(\displaystyle{ ABD}\) mamy:
\(\displaystyle{ 4a^2=2x^2-2x^2\cdot \frac{\sqrt{3}}{2}}\)
\(\displaystyle{ 4a^2 = 2x^2-x^2\sqrt{3}}\)
\(\displaystyle{ 2a = x\sqrt{2-\sqrt{3}} = \frac{x(\sqrt{6}-\sqrt{2})}{2}}\)
Teraz znajdźmy zależność między x a y, korzystając z twierdzenia sinusów w trójkącie \(\displaystyle{ ACD}\)
\(\displaystyle{ \frac{x}{\sin 75^{\circ}} = \frac{y}{\sin 15^{\circ}}}\)
\(\displaystyle{ y = \frac{\sin 15^{\circ}}{\sin 75^{\circ}} \cdot x}\)
\(\displaystyle{ y = \frac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{\sqrt{6}+\sqrt{2}}\cdot x}\)
\(\displaystyle{ y = (2-\sqrt{3})x}\)
I z Pitagorasa dla trójkąta \(\displaystyle{ ACD}\)
\(\displaystyle{ |AC|^2 = x^2+x^2(7-4\sqrt{3})}\)
\(\displaystyle{ |AC|^2 = 8x^2-4\sqrt{3}x^2}\)
\(\displaystyle{ |AC| = x\sqrt{8-4\sqrt{3}}}\)
\(\displaystyle{ |AC| = x\cdot (\sqrt{6}-\sqrt{2})}\)
\(\displaystyle{ |AC| = 4a}\)
cnd.
Pozdrawiam.
\(\displaystyle{ |AD|=|AB|=x \wedge |DC|=|BC|=y \wedge |DE|=|EB|=a}\)
Łatwo zauważyć, że:
\(\displaystyle{ \sphericalangle EAD = 15^{\circ} \wedge \sphericalangle ADE = 75^{\circ} \wedge \sphericalangle EDC = 15^{\circ} \wedge \sphericalangle DCE = 75^{\circ}}\)
Analogiczne kąty będą ,,na dole" czworokąta.
Teraz z twierdzenia cosinusów dla trójkąta \(\displaystyle{ ABD}\) mamy:
\(\displaystyle{ 4a^2=2x^2-2x^2\cdot \frac{\sqrt{3}}{2}}\)
\(\displaystyle{ 4a^2 = 2x^2-x^2\sqrt{3}}\)
\(\displaystyle{ 2a = x\sqrt{2-\sqrt{3}} = \frac{x(\sqrt{6}-\sqrt{2})}{2}}\)
Teraz znajdźmy zależność między x a y, korzystając z twierdzenia sinusów w trójkącie \(\displaystyle{ ACD}\)
\(\displaystyle{ \frac{x}{\sin 75^{\circ}} = \frac{y}{\sin 15^{\circ}}}\)
\(\displaystyle{ y = \frac{\sin 15^{\circ}}{\sin 75^{\circ}} \cdot x}\)
\(\displaystyle{ y = \frac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{\sqrt{6}+\sqrt{2}}\cdot x}\)
\(\displaystyle{ y = (2-\sqrt{3})x}\)
I z Pitagorasa dla trójkąta \(\displaystyle{ ACD}\)
\(\displaystyle{ |AC|^2 = x^2+x^2(7-4\sqrt{3})}\)
\(\displaystyle{ |AC|^2 = 8x^2-4\sqrt{3}x^2}\)
\(\displaystyle{ |AC| = x\sqrt{8-4\sqrt{3}}}\)
\(\displaystyle{ |AC| = x\cdot (\sqrt{6}-\sqrt{2})}\)
\(\displaystyle{ |AC| = 4a}\)
cnd.
Pozdrawiam.