Pole zacieniowanej figury - okrąg
-
- Użytkownik
- Posty: 116
- Rejestracja: 13 cze 2008, o 18:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 34 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Witam,
Mam takie zadanka:
1)
Dwa okręgi stycznie zewnętrznie mają promienie r=4 i R=12cm.
Prosta AB jest wspólną styczną tych okręgów. Oblicz pole zaznaczonego obszaru.
2)Oblicz pole zacieniowanego obszaru
Bardzo proszę o jakieś podpowiedzi w jaki sposób można to obliczyć.
Mam takie zadanka:
1)
Dwa okręgi stycznie zewnętrznie mają promienie r=4 i R=12cm.
Prosta AB jest wspólną styczną tych okręgów. Oblicz pole zaznaczonego obszaru.
2)Oblicz pole zacieniowanego obszaru
Bardzo proszę o jakieś podpowiedzi w jaki sposób można to obliczyć.
-
- Użytkownik
- Posty: 116
- Rejestracja: 13 cze 2008, o 18:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 34 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Jak obliczyć długość wysokości (długość odcinka AB)piasek101 pisze:1) Od pola trapezu odjąć pola dwóch (różnych) wycinków kół.
I jak obliczyć jaki wycinek koła mam odjąć ( w tym większym okręgu to tak "na oko" to muszę policzyć pole wycinka 1/6 koła, ale jak to obliczyć?
-
- Użytkownik
- Posty: 116
- Rejestracja: 13 cze 2008, o 18:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 34 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
To jest działa planimetria, więc raczej nie sądzę, aby trzeba było tu używać f.trygonometrycznych..
Wydaje mi się, że jakoś z własności tych kół będzie trzeba skorzystać.. Tylko jak?
Wydaje mi się, że jakoś z własności tych kół będzie trzeba skorzystać.. Tylko jak?
-
- Użytkownik
- Posty: 116
- Rejestracja: 13 cze 2008, o 18:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 34 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Wyliczyłem zadanie 1 i 2gie z twierdzenia Pitagorasa
Najpierw sobie na prostokąt i trójkąt
jeden bok prostokąta miał długość 4, wystarczyło policzyć drugi bok prostokąta (x)
Zabierzmy się za trójkąt,
Przyprostokątna ma długość 12-4=8
oraz przeciwprostokątną = 16
Z pitagorasa można wyliczyć nasz (x)
Liczymy pole tego całego
Czyli prostokąta i trójkąta.
Potem od tego pola odejmujemy wycinki koła (raz 1/3 w tym małym kole) i 1/6(w tym dużym kole)
I zadanko gotowe
Nie trzeba było z funkcji tryg. niczego robić.
Pozdrawiam
Najpierw sobie na prostokąt i trójkąt
jeden bok prostokąta miał długość 4, wystarczyło policzyć drugi bok prostokąta (x)
Zabierzmy się za trójkąt,
Przyprostokątna ma długość 12-4=8
oraz przeciwprostokątną = 16
Z pitagorasa można wyliczyć nasz (x)
Liczymy pole tego całego
Czyli prostokąta i trójkąta.
Potem od tego pola odejmujemy wycinki koła (raz 1/3 w tym małym kole) i 1/6(w tym dużym kole)
I zadanko gotowe
Nie trzeba było z funkcji tryg. niczego robić.
Pozdrawiam
-
- Użytkownik
- Posty: 23496
- Rejestracja: 8 kwie 2008, o 22:04
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: piaski
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 3264 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Tylko mały szczegół - nie wyznaczyłeś pola (zadanie 1) - bo przyjąłeś na wiarę jakie to wycinki.xamrex pisze:Wyliczyłem zadanie 1 i 2gie z twierdzenia Pitagorasa
...
Nie trzeba było z funkcji tryg. niczego robić.
Pozdrawiam
-
- Użytkownik
- Posty: 116
- Rejestracja: 13 cze 2008, o 18:34
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Warszawa
- Podziękował: 34 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Nie na wiarę.
Jeśli dorysujemy 2gi promień, to będzie trójkąt równoramienny
I widać, że koło jest podzielone na 6 identycznych trójkątów
Jeśli dorysujemy 2gi promień, to będzie trójkąt równoramienny
I widać, że koło jest podzielone na 6 identycznych trójkątów
- Inkwizytor
- Użytkownik
- Posty: 4105
- Rejestracja: 16 maja 2009, o 15:08
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Poznań
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 428 razy
Pole zacieniowanej figury - okrąg
Ciekawe...czyżby rozwiązano problem kwadratury koła?xamrex pisze: I widać, że koło jest podzielone na 6 identycznych trójkątów