Dowód z wektorami własnymi macierzy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Pokazać, że jeśli \(\displaystyle{ A}\) i \(\displaystyle{ B}\) - macierze zespolone wymiaru \(\displaystyle{ 2\times 2}\) i mają takie same wektory własne, to \(\displaystyle{ AB = BA}\).
Nie wiem jak to ruszyć.
\(\displaystyle{ Ax=\lambda x}\) i na tym koniec
Nie wiem jak to ruszyć.
\(\displaystyle{ Ax=\lambda x}\) i na tym koniec
Ostatnio zmieniony 9 gru 2016, o 09:20 przez yorgin, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: Nieczytelny zapis - brak LaTeX-a. Proszę zapoznaj się z instrukcją: http://matematyka.pl/latex.htm .
Powód: Nieczytelny zapis - brak LaTeX-a. Proszę zapoznaj się z instrukcją: http://matematyka.pl/latex.htm .
-
- Użytkownik
- Posty: 318
- Rejestracja: 14 maja 2016, o 16:25
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Toruń
- Pomógł: 90 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Niech \(\displaystyle{ A= P\circ J_A\circ P^{-1}}\) oraz \(\displaystyle{ B = Q\circ J_B\circ Q^{-1}}\) (rozkład Jordanowski). Ponieważ wektory własne są takie same, można założyć, że \(\displaystyle{ P=Q}\). Zatem
\(\displaystyle{ A\circ B = P\circ J_A\circ P^{-1}\circ P\circ J_B\circ P^{-1}=P\circ J_A\circ J_B\circ P^{-1}}\).
Podobnie \(\displaystyle{ B\circ A}\). Teza wynika z \(\displaystyle{ J_AJ_B=J_BJ_A}\).
\(\displaystyle{ A\circ B = P\circ J_A\circ P^{-1}\circ P\circ J_B\circ P^{-1}=P\circ J_A\circ J_B\circ P^{-1}}\).
Podobnie \(\displaystyle{ B\circ A}\). Teza wynika z \(\displaystyle{ J_AJ_B=J_BJ_A}\).
Dowód z wektorami własnymi macierzy
No tak, a co jeśli
\(\displaystyle{ J _{a} = \begin{bmatrix} \lambda_{1}&0\\0&\lambda_{2} \end{bmatrix}}\)
\(\displaystyle{ J_{b} = \begin{bmatrix} \mu_{1}&1\\0&\mu_{2} \end{bmatrix}}\)
Wtedy niestety ale ich iloczyn nie jest przemienny
\(\displaystyle{ J _{a} = \begin{bmatrix} \lambda_{1}&0\\0&\lambda_{2} \end{bmatrix}}\)
\(\displaystyle{ J_{b} = \begin{bmatrix} \mu_{1}&1\\0&\mu_{2} \end{bmatrix}}\)
Wtedy niestety ale ich iloczyn nie jest przemienny
-
- Użytkownik
- Posty: 22210
- Rejestracja: 15 maja 2011, o 20:55
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Bydgoszcz
- Podziękował: 38 razy
- Pomógł: 3755 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Ale wtedy masz
\(\displaystyle{ J _{a} = \begin{bmatrix} \lambda&0\\0&\lambda \end{bmatrix}=\lambda I
J_{b} = \begin{bmatrix} \lambda&1\\0&\lambda \end{bmatrix}}\)
\(\displaystyle{ J _{a} = \begin{bmatrix} \lambda&0\\0&\lambda \end{bmatrix}=\lambda I
J_{b} = \begin{bmatrix} \lambda&1\\0&\lambda \end{bmatrix}}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 318
- Rejestracja: 14 maja 2016, o 16:25
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Toruń
- Pomógł: 90 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Glodzio, przecież napisałaś, że rozważasz macierze zespolone. Tam macierze Jordana są diagonalne.
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Czyli, że rozważamy jedynie przypadek, że obie macierze\(\displaystyle{ J_{A} i J_{B}}\) są diagonalne i wychodzi?
-
- Użytkownik
- Posty: 1116
- Rejestracja: 11 wrz 2015, o 19:18
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Górnicza Dolina
- Podziękował: 74 razy
- Pomógł: 115 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
Jeśli działasz w ciele zespolonym to wielomian charakterystyczny będzie miał zawsze dwa pierwiastki (dwie wartości własne), czyli macierz Jordana to będzie po prostu macierz diagonalna.
Dowód z wektorami własnymi macierzy
A czy taki dowód jest poprawny?
skoro \(\displaystyle{ \exists x,y \neq 0}\) takie, że
\(\displaystyle{ Ax=\lambda_{1} x}\) oraz \(\displaystyle{ Bx=\mu_{1} x}\)
\(\displaystyle{ Ay=\lambda_{2} y}\) oraz \(\displaystyle{ By=\mu_{2} y}\)
to
\(\displaystyle{ ABx = A\mu_{1}x = \mu_{1}\lambda_{1}x = B\lambda_{1}x = BAx}\)
analogicznie \(\displaystyle{ ABy = BAy}\)
wobec tego \(\displaystyle{ AB = BA}\)
skoro \(\displaystyle{ \exists x,y \neq 0}\) takie, że
\(\displaystyle{ Ax=\lambda_{1} x}\) oraz \(\displaystyle{ Bx=\mu_{1} x}\)
\(\displaystyle{ Ay=\lambda_{2} y}\) oraz \(\displaystyle{ By=\mu_{2} y}\)
to
\(\displaystyle{ ABx = A\mu_{1}x = \mu_{1}\lambda_{1}x = B\lambda_{1}x = BAx}\)
analogicznie \(\displaystyle{ ABy = BAy}\)
wobec tego \(\displaystyle{ AB = BA}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 22210
- Rejestracja: 15 maja 2011, o 20:55
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Bydgoszcz
- Podziękował: 38 razy
- Pomógł: 3755 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
A jak będzie w takim razie wyglądała diagonalizacja macierzy \(\displaystyle{ \begin{bmatrix} 1&1\\0&1\end{bmatrix}}\) ?Benny01 pisze:Jeśli działasz w ciele zespolonym to wielomian charakterystyczny będzie miał zawsze dwa pierwiastki (dwie wartości własne), czyli macierz Jordana to będzie po prostu macierz diagonalna.
-
- Użytkownik
- Posty: 318
- Rejestracja: 14 maja 2016, o 16:25
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Toruń
- Pomógł: 90 razy
Dowód z wektorami własnymi macierzy
O rany, odpowiedziałem na szybko i niestety bez sensu. Przepraszam.
W treści zadania jest mowa o tym, że mają takie same wektory własne. W Twoim przypadku jedna macierz ma wektory własne (1,0) i (0,1), a druga ma jedynie (1,0) (wektor (0,1) nie jest w.w.).-- 11 gru 2016, o 15:30 --Dlatego jedyne możliwe sytuacje to: obie macierze są diagonalne albo obie macierze są postaci \(\displaystyle{ \begin{bmatrix} \lambda&1\\0&\lambda\end{bmatrix}}\).
W treści zadania jest mowa o tym, że mają takie same wektory własne. W Twoim przypadku jedna macierz ma wektory własne (1,0) i (0,1), a druga ma jedynie (1,0) (wektor (0,1) nie jest w.w.).-- 11 gru 2016, o 15:30 --Dlatego jedyne możliwe sytuacje to: obie macierze są diagonalne albo obie macierze są postaci \(\displaystyle{ \begin{bmatrix} \lambda&1\\0&\lambda\end{bmatrix}}\).