wartości własne macierzy a Cayley-Hamilton
-
- Użytkownik
- Posty: 26
- Rejestracja: 11 gru 2015, o 15:24
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: N/A
- Podziękował: 8 razy
wartości własne macierzy a Cayley-Hamilton
Wartości własne macierzy. Czy jest prosty sposób, żeby udowodnić albo przynajmniej "zauważyć" \(\displaystyle{ (A- \lambda_{2}I)(A- \lambda_{1}I)=0}\) nie korzystając z twierdzenia Cayley'a-Hamiltona?
-
- Użytkownik
- Posty: 26
- Rejestracja: 11 gru 2015, o 15:24
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: N/A
- Podziękował: 8 razy
wartości własne macierzy a Cayley-Hamilton
Jedyne zalozenie to ze macierze sa kwadratowe. Nie jest konieczne przyjecie, ze mozna je zdiagonalizowac.
-
- Użytkownik
- Posty: 22210
- Rejestracja: 15 maja 2011, o 20:55
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Bydgoszcz
- Podziękował: 38 razy
- Pomógł: 3755 razy
wartości własne macierzy a Cayley-Hamilton
No i chyba \(\displaystyle{ 2\times 2}\).
Pomysł taki: Dla \(\displaystyle{ i=1,2}\) bierzemy wektory własne \(\displaystyle{ v_i}\) odpowiadające wartościom własnym.
te wektory tworzą bazę. Odwzorowanie \(\displaystyle{ A-\lambda_iI}\) "zapomina" o składniku \(\displaystyle{ v_i}\).
Oblicz \(\displaystyle{ (A-\lambda_1I)(A-\lambda_2 I)(av_1+bv_2)}\)
Pomysł taki: Dla \(\displaystyle{ i=1,2}\) bierzemy wektory własne \(\displaystyle{ v_i}\) odpowiadające wartościom własnym.
te wektory tworzą bazę. Odwzorowanie \(\displaystyle{ A-\lambda_iI}\) "zapomina" o składniku \(\displaystyle{ v_i}\).
Oblicz \(\displaystyle{ (A-\lambda_1I)(A-\lambda_2 I)(av_1+bv_2)}\)