Niech \(\displaystyle{ V}\) będzie przestrzenią skończenie wymiarową nad nieskończonym ciałem \(\displaystyle{ \mathbb{K}}\).
Udowodnij, że jeśli \(\displaystyle{ S_1,...,S_k}\) są podprzestrzeniami \(\displaystyle{ V}\) o takim samym wymiarze, to istnieje podprzestrzeń \(\displaystyle{ T}\) przestrzeni \(\displaystyle{ V}\) taka, że
\(\displaystyle{ V=S_i\oplus T}\) dla \(\displaystyle{ i=1,...k}\)
Jeżeli \(\displaystyle{ \dim V= \dim S_i}\) dla \(\displaystyle{ i=1,...,k}\) sytuacja jest oczywista, bo wtedy \(\displaystyle{ T}\) jest przestrzenią zerową.
Oznaczmy \(\displaystyle{ \dim S_i=p}\) dla \(\displaystyle{ i=1,...,k}\) i \(\displaystyle{ \dim V=n}\)
Rozważmy przypadek, gdy \(\displaystyle{ p<n}\).
Wystarczyłoby pokazać, że istnieją takie: \(\displaystyle{ \left( v_1,...,v_{n-p}\right)}\) takie, że \(\displaystyle{ \left( \mathcal{B}_i, v_1,...,v_{n-p}\right)}\) jest liniowo niezależny dla \(\displaystyle{ i=1,...,k}\), gdzie \(\displaystyle{ \mathcal{B}_i}\) jest bazą \(\displaystyle{ S_i}\)
Jak pokazać, że taki układ istnieje? A może prościej to zrobić w inny sposób?
Suma prosta podprzestrzeni
-
- Użytkownik
- Posty: 1847
- Rejestracja: 8 lip 2008, o 21:16
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Staszów/Warszawa
- Podziękował: 7 razy
- Pomógł: 378 razy
Suma prosta podprzestrzeni
Nie wiem czy dobrze myślę. Weźmy \(\displaystyle{ V=R^3}\)
\(\displaystyle{ S_{1}=lin\{(1,0,0),(0,1,0)\}}\)
\(\displaystyle{ S_{2}=lin\{(1,0,0),(0,0,1)\}}\)
Wtedy \(\displaystyle{ dimS_{1}=dimS_{2}=2}\),
ale \(\displaystyle{ V=S_{1}\oplus T_{1}}\) i \(\displaystyle{ V=S_{2}\oplus T_{2}}\).
Widać, że \(\displaystyle{ T_{1}=lin\{(0,0,1)\}}\), a \(\displaystyle{ T_{2}=lin\{(0,1,0)\}}\).
Co przeczy temu co napisałeś.
\(\displaystyle{ S_{1}=lin\{(1,0,0),(0,1,0)\}}\)
\(\displaystyle{ S_{2}=lin\{(1,0,0),(0,0,1)\}}\)
Wtedy \(\displaystyle{ dimS_{1}=dimS_{2}=2}\),
ale \(\displaystyle{ V=S_{1}\oplus T_{1}}\) i \(\displaystyle{ V=S_{2}\oplus T_{2}}\).
Widać, że \(\displaystyle{ T_{1}=lin\{(0,0,1)\}}\), a \(\displaystyle{ T_{2}=lin\{(0,1,0)\}}\).
Co przeczy temu co napisałeś.
- yorgin
- Użytkownik
- Posty: 12762
- Rejestracja: 14 paź 2006, o 12:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 17 razy
- Pomógł: 3440 razy
Suma prosta podprzestrzeni
robertm19, rozważ \(\displaystyle{ T=\mbox{lin}\{(1,1,1)\}}\). Co wtedy?
rafalpw, spróbuj udowodnić najpierw to twierdzenie dla jednowymiarowych esów. Gdybyśmy mieli \(\displaystyle{ V=\RR^3}\) oraz \(\displaystyle{ S_i=\mbox{lin}\{a_i\}}\) gdzie \(\displaystyle{ a_i\in\RR^3}\), to wystarczyłoby wziąć za \(\displaystyle{ S}\) przestrzeń generowaną przez dowolne dwa liniowo niezależne wektory, które nie należą do zbioru \(\displaystyle{ V\setminus \bigcup_i S_i}\). To tylko idea, pierwsza myśl, która przyszła mi do głowy. Wydaje się, że powinno się to dać uogólnić na dowolne wymiary.
rafalpw, spróbuj udowodnić najpierw to twierdzenie dla jednowymiarowych esów. Gdybyśmy mieli \(\displaystyle{ V=\RR^3}\) oraz \(\displaystyle{ S_i=\mbox{lin}\{a_i\}}\) gdzie \(\displaystyle{ a_i\in\RR^3}\), to wystarczyłoby wziąć za \(\displaystyle{ S}\) przestrzeń generowaną przez dowolne dwa liniowo niezależne wektory, które nie należą do zbioru \(\displaystyle{ V\setminus \bigcup_i S_i}\). To tylko idea, pierwsza myśl, która przyszła mi do głowy. Wydaje się, że powinno się to dać uogólnić na dowolne wymiary.
-
- Użytkownik
- Posty: 1847
- Rejestracja: 8 lip 2008, o 21:16
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Staszów/Warszawa
- Podziękował: 7 razy
- Pomógł: 378 razy
Suma prosta podprzestrzeni
yorgin, rzeczywiście wychodzi
rafalpw, Twierdzenie Steinza zapwenia takie wektiry, tylko że dla każdego "i" będą inne, więc co to da?
rafalpw, Twierdzenie Steinza zapwenia takie wektiry, tylko że dla każdego "i" będą inne, więc co to da?