równania zespolone
-
- Użytkownik
- Posty: 5405
- Rejestracja: 11 sty 2005, o 22:21
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: a z Limanowej
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 422 razy
równania zespolone
Będę nieskromny i się polecę, by oszczędzić pisania tego tutaj, ale wiesz no, wyprowadzenie wzorów na równanie kwadratowe to w liceum jest ;p
Patrz tutaj 3841.htm
Patrz tutaj 3841.htm
-
- Użytkownik
- Posty: 5405
- Rejestracja: 11 sty 2005, o 22:21
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: a z Limanowej
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 422 razy
równania zespolone
Równania zespolone, w których pojawia się sprzężenie najczęściej jest dobrze rozwiązywać pisząc z = x+yi, gdzie x i y są rzeczywiste. W Twoim przypadku to się jak najbardziej opłaci, bo masz takie symetryczne wyrażenia, to coś tam się poskraca.
- Frey
- Użytkownik
- Posty: 3299
- Rejestracja: 11 paź 2008, o 18:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Skierniewice
- Podziękował: 48 razy
- Pomógł: 243 razy
równania zespolone
Mat nie przejmuj się. Ja zespolonych nienawidzę Niby mają zastosowanie, są przydatne itp ble ble. Nie lubię.
W ogólności \(\displaystyle{ z^n=\overline{z}}\) Dla z=0 oczywiście jest spełnione.
\(\displaystyle{ |z|^n(cos(n\alpha)+isin(n \alpha ))=|z|(cos( \alpha )-isin( \alpha ))\\ |z|=1}\)
\(\displaystyle{ cos(n\alpha)+isin(n \alpha) =cos(- \alpha )+isin(- \alpha )}\)
\(\displaystyle{ n \alpha =- \alpha +2k\pi}\)
\(\displaystyle{ (n+1) \alpha =2k\pi}\)
\(\displaystyle{ \alpha = \frac{2k\pi}{n+1}}\) \(\displaystyle{ k \in {1,2,...,n-1}}\)
jakoś takoś ale jak już mówiłem zespolonych to ja nie lubię ;/
W ogólności \(\displaystyle{ z^n=\overline{z}}\) Dla z=0 oczywiście jest spełnione.
\(\displaystyle{ |z|^n(cos(n\alpha)+isin(n \alpha ))=|z|(cos( \alpha )-isin( \alpha ))\\ |z|=1}\)
\(\displaystyle{ cos(n\alpha)+isin(n \alpha) =cos(- \alpha )+isin(- \alpha )}\)
\(\displaystyle{ n \alpha =- \alpha +2k\pi}\)
\(\displaystyle{ (n+1) \alpha =2k\pi}\)
\(\displaystyle{ \alpha = \frac{2k\pi}{n+1}}\) \(\displaystyle{ k \in {1,2,...,n-1}}\)
jakoś takoś ale jak już mówiłem zespolonych to ja nie lubię ;/
- Frey
- Użytkownik
- Posty: 3299
- Rejestracja: 11 paź 2008, o 18:09
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Skierniewice
- Podziękował: 48 razy
- Pomógł: 243 razy
równania zespolone
To nie znaczy, że trzeba je lubić.
No to pokazuje, że równania postaci liczba zespolona do potęgi, równa się jej sprzężenie mają jednak rozwiązania. Do tego rozwiązanie zależne jest od n
No to pokazuje, że równania postaci liczba zespolona do potęgi, równa się jej sprzężenie mają jednak rozwiązania. Do tego rozwiązanie zależne jest od n
-
- Użytkownik
- Posty: 3393
- Rejestracja: 29 sty 2006, o 14:15
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 466 razy
- Pomógł: 197 razy
równania zespolone
Frey no mi też narazie nie leżą, bo akurat teraz dopiero zacząłem się nimi zajmować.
\(\displaystyle{ (z+2)^2=(\overline{z}+2)^2 \\ z^2+2z=\overline{z}^2+2\overline{z}}\)
i teraz podstawić z=x+ui?
\(\displaystyle{ (z+2)^2=(\overline{z}+2)^2 \\ z^2+2z=\overline{z}^2+2\overline{z}}\)
i teraz podstawić z=x+ui?
-
- Użytkownik
- Posty: 5405
- Rejestracja: 11 sty 2005, o 22:21
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: a z Limanowej
- Podziękował: 1 raz
- Pomógł: 422 razy
równania zespolone
Albo od razu.
\(\displaystyle{ (x+2 + yi)^{2} = (x+2 -yi)^{2} \\ (x+2)^{2} + 2(x+2)yi - y^{2} = (x+2)^{2} -2(x+2)yi - y^{2}}\)
I już wszystko widać.
\(\displaystyle{ (x+2 + yi)^{2} = (x+2 -yi)^{2} \\ (x+2)^{2} + 2(x+2)yi - y^{2} = (x+2)^{2} -2(x+2)yi - y^{2}}\)
I już wszystko widać.
- Dedemonn
- Użytkownik
- Posty: 689
- Rejestracja: 21 lut 2007, o 19:40
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Z kompa
- Podziękował: 26 razy
- Pomógł: 137 razy
równania zespolone
\(\displaystyle{ \overline{z+i}-z+i=0 \\
\overline{a+(b+1)i}-a-bi+i = 0 \\
a-(b+1)i-a+(-b+1)i = 0 \\
-2bi = 0 \quad \iff \quad -2b = 0 \quad \iff \quad b = 0}\)-- 25 lutego 2009, 19:41 --Co do
\(\displaystyle{ z^4=(1-i)^4}\)
to można na 2 sposoby:
I.
\(\displaystyle{ z^4-(1-i)^4 = 0 \\
(z^2+(1-i)^2)(z^2-(1-i)^2) = 0 \\
(z^2-2i)(z+1-i)(z-1+i) = 0}\)
2 pierwiastki już widać, a 2 pozostałe liczysz deltą i te sprawy.
II.
Jest takie twierdzenie, że jeśli \(\displaystyle{ w_0}\) jest pierwiastkiem równania o stopniu n, to można otrzymać wszystkie pierwiastki tego równania mnożąc ten pierwiastek przez pierwiastki stopnia n z jedności.
I tak odgadujesz jeden z pierwiastków, który widać na oko:
\(\displaystyle{ z_0 = 1-i}\)
i se go mnożysz.
\overline{a+(b+1)i}-a-bi+i = 0 \\
a-(b+1)i-a+(-b+1)i = 0 \\
-2bi = 0 \quad \iff \quad -2b = 0 \quad \iff \quad b = 0}\)-- 25 lutego 2009, 19:41 --Co do
\(\displaystyle{ z^4=(1-i)^4}\)
to można na 2 sposoby:
I.
\(\displaystyle{ z^4-(1-i)^4 = 0 \\
(z^2+(1-i)^2)(z^2-(1-i)^2) = 0 \\
(z^2-2i)(z+1-i)(z-1+i) = 0}\)
2 pierwiastki już widać, a 2 pozostałe liczysz deltą i te sprawy.
II.
Jest takie twierdzenie, że jeśli \(\displaystyle{ w_0}\) jest pierwiastkiem równania o stopniu n, to można otrzymać wszystkie pierwiastki tego równania mnożąc ten pierwiastek przez pierwiastki stopnia n z jedności.
I tak odgadujesz jeden z pierwiastków, który widać na oko:
\(\displaystyle{ z_0 = 1-i}\)
i se go mnożysz.