Schemat Hornera
-
- Użytkownik
- Posty: 4
- Rejestracja: 28 paź 2013, o 17:15
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 1 raz
Schemat Hornera
Witam ostatnio dostałem od naszego dr na wykładach takie zadanie:
Znaleźć pierwiastek rzeczywisty równania:
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x}\)
słyszalem że trzeba to hornerem zrobić jest ktoś w stanie mi pomoc?
Pozdrawiam
Znaleźć pierwiastek rzeczywisty równania:
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x}\)
słyszalem że trzeba to hornerem zrobić jest ktoś w stanie mi pomoc?
Pozdrawiam
Ostatnio zmieniony 28 paź 2013, o 18:17 przez Vardamir, łącznie zmieniany 1 raz.
Powód: Całe wyrażenia matematyczne umieszczaj w tagach[latex] [/latex] .
Powód: Całe wyrażenia matematyczne umieszczaj w tagach
-
- Użytkownik
- Posty: 4
- Rejestracja: 28 paź 2013, o 17:15
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 1 raz
Schemat Hornera
Napisałem zero to napisał czerwonym "gdzie wytłumaczenie" da się to w ogóle jakoś wytłumaczyć skoro jak sam mówisz gołym okiem to widać?
-- 28 paź 2013, o 19:45 --
Do tego samego zadania Znaleźć pierwiastek rzeczywisty równania gdyby był taki przykład?
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)}\)
-- 28 paź 2013, o 19:45 --
Do tego samego zadania Znaleźć pierwiastek rzeczywisty równania gdyby był taki przykład?
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)}\)
-
- Użytkownik
- Posty: 149
- Rejestracja: 2 lip 2013, o 19:22
- Płeć: Kobieta
- Lokalizacja: Poznań
- Podziękował: 8 razy
- Pomógł: 38 razy
Schemat Hornera
Może po prostu \(\displaystyle{ W(0)=0 ^{4}-4 \cdot 0 ^{3} +5 \cdot 0 ^{2}-4 \cdot 0=0}\)?
Miałam podobną sytuację... Zrobiłam zadanie ze schematu Hornera i nie dostałam kompletu punktów. Jak zapytałam o co chodzi, to usłyszałam, ze właśnie to miałam napisać.
Miałam podobną sytuację... Zrobiłam zadanie ze schematu Hornera i nie dostałam kompletu punktów. Jak zapytałam o co chodzi, to usłyszałam, ze właśnie to miałam napisać.
-
- Użytkownik
- Posty: 4
- Rejestracja: 28 paź 2013, o 17:15
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Kraków
- Podziękował: 1 raz
Schemat Hornera
No tak zgadza się ale jeśli mamy do policzenia Hornerem:
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)}\)
to już nie będzie 0 tylko nie wiem jak to rozpisać..
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)}\)
to już nie będzie 0 tylko nie wiem jak to rozpisać..
-
- Użytkownik
- Posty: 5974
- Rejestracja: 28 lut 2010, o 19:45
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Toruń
- Podziękował: 15 razy
- Pomógł: 1251 razy
Schemat Hornera
Nie znajdziesz pierwiastków tego równania - są bardzo brzydkie i niewymierne.manoff pisze:No tak zgadza się ale jeśli mamy do policzenia Hornerem:
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)}\)
to już nie będzie 0 tylko nie wiem jak to rozpisać..
- Mariusz M
- Użytkownik
- Posty: 6909
- Rejestracja: 25 wrz 2007, o 01:03
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: 53°02'N 18°35'E
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 1246 razy
Schemat Hornera
Hornerem może i nie ale czemu nie innymi sposobami ?Nie znajdziesz pierwiastków tego równania - są bardzo brzydkie i niewymierne.
Po wyciągnięciu x dostaniesz równanie trzeciego stopnia
Teraz korzystasz z jednego z dwóch pomysłów
1. Podstawieniami obniżasz stopień równania
2. Podstawieniem sprowadzasz równanie do wzoru na funkcje trygonometryczne
(sinus bądź cosinus) kąta potrojonego
manoff, schematem Hornera możesz obliczyc wartośc pochodnej wielomianu w punkcie
\(\displaystyle{ -\frac{a_{2}}{3a_{3}}}\) co może byc pomocne w wymyślaniu podstawienia
obniżającego stopień równania
\(\displaystyle{ W\left( x\right)= x^3-4x^2+5x-4}\)
Schematem Hornera obliczasz wartośc pochodnej wielomianu w punkcie \(\displaystyle{ x=\frac{4}{3}}\)
Podstawieniem
\(\displaystyle{ x=u-\frac{W^{\prime}\left( \frac{4}{3} \right) }{3u}+\frac{4}{3}}\)
Powyższe postawienie powinno sprowadzic równanie trzeciego stopnia do równania kwadratowego
na \(\displaystyle{ u^3}\)
Jak znajdziesz jeden pierwiastek to możesz oczywiście ten wielomian podzielic
Ze schematem Hornera to tylko to możesz zrobic
Jeżeli równanie kwadratowe które otrzymasz nie będzie miało pierwiastków rzeczywistych
to przydałaby się chociaż elementarna wiedza o liczbach zespolonych
Na równanie czwartego stopnia intuicyjny pomysł jest dośc prosty
Wymnóż dwa trójmiany w postaci ogólnej
Porównując współczynniki przy wielomianach dostajesz układ równan
Układ równań możesz "na pałę" rozwiązywac chociażby metodą podstawiania
W pewnym momencie dostaniesz równanie szóstego stopnia które da się zredukowac do
równania trzeciego stopnia
Dodatkowo możesz dostac problem dzielenia przez zero
Gdy wszystkie pierwiastki równania szóstego stopnia które da się zredukowac do
równania trzeciego stopnia powodują dzielenie przez zero to równanie ma najprawdopodobniej
pierwiastek poczwórny
Możesz równania pogrupowac w pary i zauważyc że są to wzory Viete dwóch trójmianów
(Tutaj aby otrzymac równanie trzeciego stopnia może choc nie musi byc przydatna
elementarna wiedza o wielomianach symetrycznych (tych wielu zmiennych))
Ostatnio zmieniony 28 paź 2013, o 20:59 przez Mariusz M, łącznie zmieniany 1 raz.
-
- Użytkownik
- Posty: 5974
- Rejestracja: 28 lut 2010, o 19:45
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: Toruń
- Podziękował: 15 razy
- Pomógł: 1251 razy
Schemat Hornera
Wyciągnięcie \(\displaystyle{ x}\) nic nie daje, bo wyraz wolny jest niezerowy. Tak, wiem, istnieją wzory na wielomian stopnia \(\displaystyle{ 4}\), ale stosować je tutaj - nie ma sensu.mariuszm pisze:Hornerem może i nie ale czemu nie innymi sposobami ?Nie znajdziesz pierwiastków tego równania - są bardzo brzydkie i niewymierne.
Po wyciągnięciu x dostaniesz równanie trzeciego stopnia
Teraz korzystasz z jednego z dwóch pomysłów
1. Podstawieniami obniżasz stopień równania
2. Podstawieniem sprowadzasz równanie do wzoru na funkcje trygonometryczne
(sinus bądź cosinus) kąta potrojonego
manoff, schematem Hornera możesz obliczyc wartośc pochodnej wielomianu w punkcie
\(\displaystyle{ -\frac{a_{2}}{3a_{3}}}\) co może byc pomocne w wymyślaniu podstawienia
obniżającego stopień równania
\(\displaystyle{ W\left( x\right)= x^3-4x^2+5x-4}\)
Schematem Hornera obliczasz wartośc pochodnej wielomianu w punkcie \(\displaystyle{ x=\frac{4}{3}}\)
Podstawieniem
\(\displaystyle{ x=u-\frac{W^{\prime}\left( \frac{4}{3} \right) }{3u}+\frac{4}{3}}\)
Powyższe postawienie powinno sprowadzic równanie trzeciego stopnia do równania kwadratowego
na \(\displaystyle{ u^3}\)
Jak znajdziesz jeden pierwiastek to możesz oczywiście ten wielomian podzielic
Ze schematem Hornera to tylko to możesz zrobic
Jeżeli równanie kwadratowe które otrzymasz nie będzie miało pierwiastków rzeczywistych
to przydałaby się chociaż elementarna wiedza o liczbach zespolonych
- Mariusz M
- Użytkownik
- Posty: 6909
- Rejestracja: 25 wrz 2007, o 01:03
- Płeć: Mężczyzna
- Lokalizacja: 53°02'N 18°35'E
- Podziękował: 2 razy
- Pomógł: 1246 razy
Schemat Hornera
Tak na dobrą sprawę jak już kiedyś pisałem schematem Hornera nie liczy się pierwiastków
Schematem Hornera można policzyc wartośc wielomianu i jego pochodnych w punkcie
bądź podzielic wielomian przez dwumian
Tutaj dobrym pomysłem będzie rozkład na iloczyn dwóch trójmianów kwadratowych
Korzystając ze wzoru Taylora można tak przesunąc pierwiastki aby ich suma była równa zero
Do tego może się przydac schemat Hornera jako że pozwala policzyc wartośc wielomianu i jego pochodnych w punkcie
Przesunięcie pierwiastków powinno uprościc rozkład na iloczyn dwóch trójmianów
Problemem może byc równanie trzeciego stopnia które się pojawi
ale zdaje się że napisałem w jednej z wcześniejszych wiadomości jak je rozwiązac
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)\\
W\left( x\right)= x^4-4x^3+5x^2-5x+2}\)
\(\displaystyle{ \begin{tabular}{r|c|c|c|c|c|}
x_{0}=1 & 1&-4&5&-5&2\\ \hline
W\left( x_{0}\right)& 1&-3&2&-3&-1\\ \hline
W^{\prime}\left( x_{0}\right) &1&-2&0&-3&\\ \hline
1/2 \cdot W^{\prime\prime}\left( x_{0}\right)&1&-1&-1 & &\\ \hline
\end{tabular}}\)
Dalej już widac że będziemy mieli zero i jedynkę
Wielomian można zatem zapisac w postaci
\(\displaystyle{ \left( x-1\right)^4-\left( x-1\right)^2-3\left( x-1\right)-1}\)
To tyle co można uzyskac korzystając ze schematu Hornera
\(\displaystyle{ y=x-1\\
y^4-y^2-3y-1=\left( y^2-py+q\right)\left( y^2+py+r\right)\\
y^4-y^2-3y-1=y^4+py^3+ry^2-py^3-p^2y^2-pry+qy^2+pqy+qr\\
y^4-y^2-3y-1=y^4+\left( q+r-p^2\right)y^2+\left( pq-pr\right)y+qr\\
\begin{cases} q+r-p^2=-1 \\ pq-pr=-3\\qr=-1 \end{cases}\\
\begin{cases} q+r=-1+p^2 \\ p\left( q-r\right)=-3\\qr=-1 \end{cases} \\
\begin{cases} q+r=-1+p^2 \\ q-r=-\frac{3}{p}\\4qr=-4 \end{cases}}\)
Dodając i odejmując stronami pierwsze dwa równania dostaniemy
\(\displaystyle{ q}\) oraz \(\displaystyle{ r}\) uzależnione od p
Podstawiając otrzymane \(\displaystyle{ q}\) oraz \(\displaystyle{ r}\) do ostatniego równania
otrzymujemy równanie które łatwo przekształcic do równania trzeciego stopnia
\(\displaystyle{ 2q=\left( p^2-1\right)-\frac{3}{p}\\
2r=\left( p^2-1\right)+\frac{3}{p}\\
4qr+4=0\\
\left( p^2-1\right)^2-\frac{9}{p^2}+4=0| \cdot \left( p^2\right) \\
p^6-2p^4+5p^2-9=0}\)
Schematem Hornera można policzyc wartośc wielomianu i jego pochodnych w punkcie
bądź podzielic wielomian przez dwumian
Tutaj dobrym pomysłem będzie rozkład na iloczyn dwóch trójmianów kwadratowych
Korzystając ze wzoru Taylora można tak przesunąc pierwiastki aby ich suma była równa zero
Do tego może się przydac schemat Hornera jako że pozwala policzyc wartośc wielomianu i jego pochodnych w punkcie
Przesunięcie pierwiastków powinno uprościc rozkład na iloczyn dwóch trójmianów
Problemem może byc równanie trzeciego stopnia które się pojawi
ale zdaje się że napisałem w jednej z wcześniejszych wiadomości jak je rozwiązac
\(\displaystyle{ x^4-4x^3+5x^2-4x=(x-2)\\
W\left( x\right)= x^4-4x^3+5x^2-5x+2}\)
\(\displaystyle{ \begin{tabular}{r|c|c|c|c|c|}
x_{0}=1 & 1&-4&5&-5&2\\ \hline
W\left( x_{0}\right)& 1&-3&2&-3&-1\\ \hline
W^{\prime}\left( x_{0}\right) &1&-2&0&-3&\\ \hline
1/2 \cdot W^{\prime\prime}\left( x_{0}\right)&1&-1&-1 & &\\ \hline
\end{tabular}}\)
Dalej już widac że będziemy mieli zero i jedynkę
Wielomian można zatem zapisac w postaci
\(\displaystyle{ \left( x-1\right)^4-\left( x-1\right)^2-3\left( x-1\right)-1}\)
To tyle co można uzyskac korzystając ze schematu Hornera
\(\displaystyle{ y=x-1\\
y^4-y^2-3y-1=\left( y^2-py+q\right)\left( y^2+py+r\right)\\
y^4-y^2-3y-1=y^4+py^3+ry^2-py^3-p^2y^2-pry+qy^2+pqy+qr\\
y^4-y^2-3y-1=y^4+\left( q+r-p^2\right)y^2+\left( pq-pr\right)y+qr\\
\begin{cases} q+r-p^2=-1 \\ pq-pr=-3\\qr=-1 \end{cases}\\
\begin{cases} q+r=-1+p^2 \\ p\left( q-r\right)=-3\\qr=-1 \end{cases} \\
\begin{cases} q+r=-1+p^2 \\ q-r=-\frac{3}{p}\\4qr=-4 \end{cases}}\)
Dodając i odejmując stronami pierwsze dwa równania dostaniemy
\(\displaystyle{ q}\) oraz \(\displaystyle{ r}\) uzależnione od p
Podstawiając otrzymane \(\displaystyle{ q}\) oraz \(\displaystyle{ r}\) do ostatniego równania
otrzymujemy równanie które łatwo przekształcic do równania trzeciego stopnia
\(\displaystyle{ 2q=\left( p^2-1\right)-\frac{3}{p}\\
2r=\left( p^2-1\right)+\frac{3}{p}\\
4qr+4=0\\
\left( p^2-1\right)^2-\frac{9}{p^2}+4=0| \cdot \left( p^2\right) \\
p^6-2p^4+5p^2-9=0}\)