Zasadniczo pobieżnie, to próbowałabym, czy nie zadziała coś takiego:
Niech
\(\displaystyle{ X,Y,Z,x,y,z\ge 0}\) będą takie, że
\(\displaystyle{ x\ge y\ge z}\) oraz
\(\displaystyle{ X-Y+Z\ge 0}\) (to w szczególności obejmuje przypadek, gdy ciąg
\(\displaystyle{ X,Y,Z}\) jest monotoniczny). Wtedy prawdziwa jest następująca nierówność:
\(\displaystyle{ X(x-y)(x-z)+Y(y-x)(y-z)+Z(z-x)(z-y)\ge 0}\)
Dowód nie jest trudny. Najpierw sprawdź, czy tym można tu przyłożyć. Jeżeli tak, to wystarczy wykazać
\(\displaystyle{ \frac{1}{(b+c)^2}-\frac{1}{(a+c)^2}+\frac{1}{(a+b)^2}\ge 0}\)
Nie mam pojęcia, czy to będzie proste - dla nieujemnych
\(\displaystyle{ a,b,c}\) raczej tak, ale wtedy wystarczy jeszcze dowieść dla jednej ujemnej - i chyba nie obejdzie się bez sprawdzania dla każdej zmiennej.-- 9 marca 2019, 08:14 --Wygląda na to, że powyższe podejście działa, przydałoby się tylko użyć jakiegoś standardowego zaklęcia w rodzaju
niech \(\displaystyle{ (t,u,v)}\) będzie taką permutacją trójki \(\displaystyle{ (a,b,c)}\), że \(\displaystyle{ t^2\ge u^2\ge v^2}\).
Rozwiązanie
firmowe (SOS) jest
Kod: Zaznacz cały
https://drive.google.com/file/d/1BSQ_fPKB94eJ6uw1SMquqW7z1qbW6q1V/view
na stronie 39.