Równania kwadratowe z parametrem 6
- Niepokonana
- Użytkownik
- Posty: 1548
- Rejestracja: 4 sie 2019, o 11:12
- Płeć: Kobieta
- Lokalizacja: Polska
- Podziękował: 337 razy
- Pomógł: 20 razy
Re: Równania kwadratowe z parametrem 6
I chcesz mi powiedzieć, że mam tylko je sprawdzić i mi wyjdzie?
-
- Użytkownik
- Posty: 7917
- Rejestracja: 18 mar 2009, o 16:24
- Płeć: Mężczyzna
- Podziękował: 30 razy
- Pomógł: 1671 razy
Równania kwadratowe z parametrem 6
Pierwszy sposób
Zakładamy, że równanie ma dwa różne pierwiastki (chociaż nie wynika to z treści zadania), więc przyjmujemy, że jego wyróżnik \(\displaystyle{ \Delta > 0.}\)
Rysujemy wykres paraboli z ramionami skierowanymi do góry, bo \(\displaystyle{ a = 1>0,}\) przecinającej oś \(\displaystyle{ OX}\) w punktach \(\displaystyle{ x_{1}, \ \ x_{2}, \ \ x_{1}<x_{2}}\) oraz zaznaczamy z prawej strony od punktów \(\displaystyle{ x_{1}, x_{2}}\) na osi \(\displaystyle{ OX}\) punkt \(\displaystyle{ 2.}\)
Z rysunku wynika, że współrzędna wierzchołka paraboli \(\displaystyle{ x_{w} = -\frac{b}{2a}< 2}\) i wartość funkcji \(\displaystyle{ f(2) >0}\), bo ramiona paraboli skierowane są do góry i odcinek pionowy o końcach \(\displaystyle{ [(2,0), (2, f(2))]}\) leży nad osią \(\displaystyle{ OX.}\)
Mamy więc trzy warunki:
\(\displaystyle{ \begin{cases} \Delta >0 \\ x_{w} = -\frac{b}{2a}< 2 \\ f(2) > 0 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} (m-1)^2 > 0\\ \frac{m+1}{2} < 2 \\ 2^2 -(m+1)\cdot 2+m >0 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} m \in \RR \setminus \{1\} \\ m< 3 \\ m< 2 \end{cases}}\)
Częścią wspólną tych przedziałów jest
\(\displaystyle{ m\in (-\infty, 1 ) \cup (1, 2)}\) (proszę zaznaczyć na osi \(\displaystyle{ OX).}\)
Drugi sposób
\(\displaystyle{ \begin{cases} x_{1}< 2 \\ x_{2}< 2 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} x_{1} -2< 0 \\ x_{2}- 2<0 \end{cases}}\)
Uwzględniamy iloczyn obu stron nierówności
\(\displaystyle{ ( x_{1} -2)\cdot (x_{2} -2 ) > 0}\)
\(\displaystyle{ x_{1}\cdot x_{2} - 2(x_{1}+ x_{2}) +4 > 0}\)
\(\displaystyle{ \frac{c}{a} -2\left(-\frac{b}{a}\right) + 4 > 0}\)
\(\displaystyle{ m - 2 (m+1) + 4 >0}\)
\(\displaystyle{ m < 2}\)
Z warunkiem \(\displaystyle{ \Delta = (m-1)^2 > 0, \ \ m\in \RR\setminus\{1\}}\) otrzymujemy to samo rozwiązanie na wartości parametru \(\displaystyle{ m}\)
\(\displaystyle{ m\in (-\infty, 1 ) \cup (1, 2).}\)
Zakładamy, że równanie ma dwa różne pierwiastki (chociaż nie wynika to z treści zadania), więc przyjmujemy, że jego wyróżnik \(\displaystyle{ \Delta > 0.}\)
Rysujemy wykres paraboli z ramionami skierowanymi do góry, bo \(\displaystyle{ a = 1>0,}\) przecinającej oś \(\displaystyle{ OX}\) w punktach \(\displaystyle{ x_{1}, \ \ x_{2}, \ \ x_{1}<x_{2}}\) oraz zaznaczamy z prawej strony od punktów \(\displaystyle{ x_{1}, x_{2}}\) na osi \(\displaystyle{ OX}\) punkt \(\displaystyle{ 2.}\)
Z rysunku wynika, że współrzędna wierzchołka paraboli \(\displaystyle{ x_{w} = -\frac{b}{2a}< 2}\) i wartość funkcji \(\displaystyle{ f(2) >0}\), bo ramiona paraboli skierowane są do góry i odcinek pionowy o końcach \(\displaystyle{ [(2,0), (2, f(2))]}\) leży nad osią \(\displaystyle{ OX.}\)
Mamy więc trzy warunki:
\(\displaystyle{ \begin{cases} \Delta >0 \\ x_{w} = -\frac{b}{2a}< 2 \\ f(2) > 0 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} (m-1)^2 > 0\\ \frac{m+1}{2} < 2 \\ 2^2 -(m+1)\cdot 2+m >0 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} m \in \RR \setminus \{1\} \\ m< 3 \\ m< 2 \end{cases}}\)
Częścią wspólną tych przedziałów jest
\(\displaystyle{ m\in (-\infty, 1 ) \cup (1, 2)}\) (proszę zaznaczyć na osi \(\displaystyle{ OX).}\)
Drugi sposób
\(\displaystyle{ \begin{cases} x_{1}< 2 \\ x_{2}< 2 \end{cases}}\)
\(\displaystyle{ \begin{cases} x_{1} -2< 0 \\ x_{2}- 2<0 \end{cases}}\)
Uwzględniamy iloczyn obu stron nierówności
\(\displaystyle{ ( x_{1} -2)\cdot (x_{2} -2 ) > 0}\)
\(\displaystyle{ x_{1}\cdot x_{2} - 2(x_{1}+ x_{2}) +4 > 0}\)
\(\displaystyle{ \frac{c}{a} -2\left(-\frac{b}{a}\right) + 4 > 0}\)
\(\displaystyle{ m - 2 (m+1) + 4 >0}\)
\(\displaystyle{ m < 2}\)
Z warunkiem \(\displaystyle{ \Delta = (m-1)^2 > 0, \ \ m\in \RR\setminus\{1\}}\) otrzymujemy to samo rozwiązanie na wartości parametru \(\displaystyle{ m}\)
\(\displaystyle{ m\in (-\infty, 1 ) \cup (1, 2).}\)
- Niepokonana
- Użytkownik
- Posty: 1548
- Rejestracja: 4 sie 2019, o 11:12
- Płeć: Kobieta
- Lokalizacja: Polska
- Podziękował: 337 razy
- Pomógł: 20 razy
Re: Równania kwadratowe z parametrem 6
Aaa dobra, dzięki Janusz.
Tak szczerze to ja to zadanie zrobiłam po pierwszym komentarzu, ale miło mi, że jest tutaj taka zażyła dyskusja.
Tak szczerze to ja to zadanie zrobiłam po pierwszym komentarzu, ale miło mi, że jest tutaj taka zażyła dyskusja.