\(\displaystyle{ \left( \log_a\frac{a+b}{2}\right) \left( \log_b\frac{a+b}{2}\right) \ge \left( \log_a\sqrt{ab}\right)\left( \log_b\sqrt{ab}\right) = \\ =\frac{1+\log_ab}{2}\cdot \frac{1+\log_ba}{2} \ge \sqrt{\log_ab}\cdot \sqrt{\log_ba} = 1}\)
Wyjściowa nierówność jest równoważna otrzymanej.
Q.
Znaleziono 9832 wyniki
- 16 lis 2015, o 22:34
- Forum: Funkcje logarytmiczne i wykładnicze
- Temat: Dowód nierówności logarytmicznej
- Odpowiedzi: 2
- Odsłony: 633
- 16 lis 2015, o 21:04
- Forum: Kombinatoryka i matematyka dyskretna
- Temat: Rozwiazywanie rownania rekurencyjnego - funkcja tworzaca
- Odpowiedzi: 4
- Odsłony: 630
Rozwiazywanie rownania rekurencyjnego - funkcja tworzaca
Rzeczywiście, masz rację, w liczniku powinien zostać \(\displaystyle{ x}\). W takim razie Twój błąd polegał na złym rozłożeniu mianownika.
Q.
Q.
- 16 lis 2015, o 20:36
- Forum: Kombinatoryka i matematyka dyskretna
- Temat: Rozwiazywanie rownania rekurencyjnego - funkcja tworzaca
- Odpowiedzi: 4
- Odsłony: 630
Rozwiazywanie rownania rekurencyjnego - funkcja tworzaca
Nie podałeś warunków początkowych, ale wnioskując po rozwiązaniu \(\displaystyle{ 3^n-2^n}\) są to \(\displaystyle{ a_0=0, a_1=1}\). A w takim razie funkcją tworzącą ciągu jest:
\(\displaystyle{ f(x)= \frac{1}{1-5x+6x^2}}\)
Q.
\(\displaystyle{ f(x)= \frac{1}{1-5x+6x^2}}\)
Q.
- 13 lis 2015, o 12:34
- Forum: Kombinatoryka i matematyka dyskretna
- Temat: Funkcje tworzące.
- Odpowiedzi: 7
- Odsłony: 904
Funkcje tworzące.
Wystarczy zapisać naszą funkcję tworzącą bez znaku sumy: \sum_{n=0}^{\infty} (-1)^{n} \cdot x^{2n} = 1 \cdot x^0 +0\cdot x^1 +(-1)\cdot x^2 + 0\cdot x^3 + 1 \cdot x^4 + 0\cdot x^5 + \ldots I oczywistym jest, że przy nieparzystych potęgach jest zero, a przy parzystych zależnie od reszty z dzielenia w...
- 12 lis 2015, o 21:33
- Forum: Kombinatoryka i matematyka dyskretna
- Temat: Funkcje tworzące.
- Odpowiedzi: 7
- Odsłony: 904
Funkcje tworzące.
\(\displaystyle{ a_n = \begin{cases}
1 \ \textrm{gdy} \ n=4k\\
-1 \ \textrm{gdy} \ n=4k+2\\
0 \ \textrm{gdy} \ n=2k+1
\end{cases}}\)
lub krócej:
\(\displaystyle{ a_n = \frac{i^n+ (-i)^n}{2}}\)
Q.
1 \ \textrm{gdy} \ n=4k\\
-1 \ \textrm{gdy} \ n=4k+2\\
0 \ \textrm{gdy} \ n=2k+1
\end{cases}}\)
lub krócej:
\(\displaystyle{ a_n = \frac{i^n+ (-i)^n}{2}}\)
Q.
- 12 lis 2015, o 19:42
- Forum: Granica i ciągłość funkcji
- Temat: granica funkcji
- Odpowiedzi: 5
- Odsłony: 600
granica funkcji
Rozumiem, że chodzi o sposób bez reguły de l'Hospitala. Jak łatwo sprawdzić:
\(\displaystyle{ \frac{\log x -1}{x-10}= \frac{\log \left[ \left( 1 + \frac{x-10}{10}\right)^{\frac{10}{x-10}} \right] }{10}}\)
a nawias kwadratowy dąży do \(\displaystyle{ e}\).
Q.
\(\displaystyle{ \frac{\log x -1}{x-10}= \frac{\log \left[ \left( 1 + \frac{x-10}{10}\right)^{\frac{10}{x-10}} \right] }{10}}\)
a nawias kwadratowy dąży do \(\displaystyle{ e}\).
Q.
- 12 lis 2015, o 19:28
- Forum: Własności i granice ciągów
- Temat: Dowód związany ze zbieżnością ciągów
- Odpowiedzi: 2
- Odsłony: 326
Dowód związany ze zbieżnością ciągów
Mamy:
\(\displaystyle{ 0\le b_n-a_n \le c_n-a_n}\)
Zatem z twierdzenia o trzech ciągach \(\displaystyle{ b_n-a_n}\) zbieżny i dalej łatwo.
Q.
\(\displaystyle{ 0\le b_n-a_n \le c_n-a_n}\)
Zatem z twierdzenia o trzech ciągach \(\displaystyle{ b_n-a_n}\) zbieżny i dalej łatwo.
Q.
- 31 paź 2015, o 19:50
- Forum: Własności i granice ciągów
- Temat: Ciąg rekurencyjny
- Odpowiedzi: 16
- Odsłony: 1548
Ciąg rekurencyjny
Istotnie nie są rzeczywiste, ale metoda daje rozwiązanie - takie jakie podałem wyżej.Straznik Teksasu pisze:Dlatego rozwiązania tego równania nie są rzeczywiste i ta metoda nie daje rozwiązania.
Q.
- 29 paź 2015, o 21:27
- Forum: Własności i granice ciągów
- Temat: Ciąg rekurencyjny
- Odpowiedzi: 16
- Odsłony: 1548
Ciąg rekurencyjny
Jeśli naprawdę nie znasz żadnej metody rozwiązywania równań rekurencyjnych, to wpisz w Google na przykład "rekurencja liniowa równanie charakterystyczne" lub zajrzyj na Wikipedię pod hasło "równanie rekurencyjne".
Q.
Q.
- 29 paź 2015, o 19:25
- Forum: Własności i granice ciągów
- Temat: Ciąg rekurencyjny
- Odpowiedzi: 16
- Odsłony: 1548
Ciąg rekurencyjny
Do rozwiązania rekurencji ja akurat użyłem równania charakterystycznego, ale są też inne metody. Natomiast przekształcenie to zwykła zamiana liczb zespolonych z nawiasów na postać trygonometryczną, a potem użycie wzoru de Moivre'a.
Q.
Q.
- 29 paź 2015, o 17:33
- Forum: Własności i granice ciągów
- Temat: Ciąg rekurencyjny
- Odpowiedzi: 16
- Odsłony: 1548
Ciąg rekurencyjny
Czy prawdą jest, że dla każdego n \ge 1 mamy a _{n} > 0 ? Nie. Jeśli rozwiążemy tę rekurencję (dowolną metodą), to otrzymamy: a_n=\frac{ \left( 2014+i \right) ^{n-1}+ \left( 2014-i \right) ^{n-1}}{2} lub też po przejściu na postać trygonometryczną liczb zespolonych: a_n= \left( \sqrt{2014^2+1} \rig...
- 18 paź 2015, o 09:37
- Forum: Rachunek całkowy
- Temat: Wykazać, że całka jest równa zero
- Odpowiedzi: 1
- Odsłony: 228
Wykazać, że całka jest równa zero
Wskazówka: pokaż, że funkcja podcałkowa jest nieparzysta.
Q.
Q.
- 5 wrz 2015, o 12:56
- Forum: Funkcje wielomianowe
- Temat: pierwiastki wielomianu w przedziale
- Odpowiedzi: 6
- Odsłony: 951
pierwiastki wielomianu w przedziale
Najprościej: \(\displaystyle{ W(-2)<0, W(0)>0, W(1)<0, W(2)>0}\) i z ciągłości funkcji wielomianowej widać w jakich przedziałach są trzy pierwiastki.
Q.
Q.
- 2 sie 2015, o 13:50
- Forum: Funkcje trygonometryczne i cyklometryczne
- Temat: Część wspólna obrazów
- Odpowiedzi: 7
- Odsłony: 699
Część wspólna obrazów
Przede wszystkim nie takie równania należy rozwiązywać. Jeśli \vec{v} \in f(\RR) \cap g(\RR) , to znaczy, że istnieją a,b\in \RR takie, że f(a)=g(b)=\vec{v} , a stąd dostajemy układ: \begin{cases}e^a=1-b\\ e^{2a}=\cos b\\ 1-e^{-a}=\sin b\end{cases} . Stąd mamy: \begin{cases} (1-b)^2=\cos b\\ 1- \fra...
- 30 lip 2015, o 02:28
- Forum: Funkcje logarytmiczne i wykładnicze
- Temat: Równanie trygonometryczne OM
- Odpowiedzi: 2
- Odsłony: 664
Równanie trygonometryczne OM
Przeanalizuj jeszcze raz to przejście.Jever pisze:\(\displaystyle{ \frac{\sin ^{2n} x - \cos ^{2n} x}{\cos ^{n}x \sin^{n}x} = \frac{-2 \cos ^{n} 2x}{\sin ^{n} 2x}}\)
Q.